Biología, PAU 2025 de Cataluña: el examen de junio (serie 4) resuelto

El examen de junio (serie 4) de Biología de la PAU de Cataluña de 2025, entero: los cuatro ejercicios tal como salieron, cada uno con la solución paso a paso de EducaIA de cada apartado, contrastada con la pauta oficial de corrección. Cuando nuestra respuesta no coincide del todo con la pauta, te decimos por qué.

Examen en catalán (PDF)Examen en castellano (PDF)Pauta de corrección (PDF)Reutilizado según el aviso legal de la Generalitat

Qué entraba, en puntos

Los puntos de cada apartado, sumados por el tema del temario que pregunta.

Instrucciones del examen El examen consta de CUATRO ejercicios obligatorios. Cada ejercicio vale 2,5 puntos.

Los ejercicios del examen

2025Convocatoria ordinaria · Serie 4 · Ejercicio 1

2,5 puntosEl examen trae una errataTemas: Metabolismo, Biomoléculas, Genética molecular, Microbiología
Enunciado oficial

El rabo de toro es un estofado de origen cordobés muy apreciado gastronómicamente y con notables propiedades nutritivas.

a) En el año 2022 se realizó un estudio con un grupo de 25 personas que incluyeron en su dieta una ración superior a los 150 gramos de rabo de toro todos los jueves y domingos. Este estudio determinó que el rabo de toro, si se consume a la hora de comer y se realiza ejercicio, activa el gasto de grasa para obtener energía. El siguiente esquema muestra el catabolismo de la grasa hasta la obtención de ATP.

Observe la figura anterior y complete la siguiente tabla:

¿Cómo se llama la vía metabólica indicada en el esquema como vía A?

¿Cómo se llama la vía metabólica indicada en el esquema como vía B?

¿Cómo se llama la vía metabólica indicada en el esquema como vía C?

¿Qué papel tiene el oxígeno (O2\mathrm{O_2}) en la fosforilación oxidativa?

¿Qué papel tiene el NADH en la fosforilación oxidativa?

[0,5 puntos]

b) El rabo de toro es una importante fuente de proteína debido a su alto contenido en colágeno. El colágeno es una proteína formada a partir de tres cadenas polipeptídicas idénticas. El siguiente esquema muestra los diferentes grados de plegamiento del colágeno:

Teniendo en cuenta el esquema anterior, complete la siguiente tabla:

¿Qué es la estructura primaria de una proteína y qué importancia tiene?

¿Qué tipo de estructura secundaria presenta el colágeno?

¿La estructura definitiva del colágeno es terciaria o cuaternaria? Justifique la respuesta.

[0,5 puntos]

c) El rabo de toro también contiene mucha vitamina B12 que nuestro cuerpo no puede sintetizar. La vitamina B12 es imprescindible para el funcionamiento del organismo, ya que es un cofactor de dos enzimas. Una de estas enzimas es la L-metilmalonil-CoA mutasa, que cataliza la conversión de L-metilmalonil-CoA en succinil-CoA, necesario para la síntesis de hemoglobina. El déficit de vitamina B12 puede provocar una grave forma de anemia llamada anemia perniciosa.

Explique qué es un cofactor y justifique por qué la falta de vitamina B12 puede provocar anemia perniciosa.

[0,5 puntos]

d) La otra enzima de nuestro cuerpo que tiene como cofactor la vitamina B12 es la metionina sintasa, que cataliza la conversión de la cisteína en metionina. La metionina, a su vez, es requerida para la síntesis de S-adenosilmetionina, un donador de grupos metilo (CH3\mathrm{CH_3}) que la célula utiliza para metilar regiones de ADN en promotores de genes. Esta metilación sirve para inhibir la expresión de determinados genes cuando es necesario.

A partir de esta información, de la observación del esquema y de sus conocimientos, detecte en el siguiente texto cinco errores y corríjalos:

«La cisteína y la metionina son dos nucleótidos que contienen sodio. La metionina sintasa cataliza la conversión de cisteína en metionina, que, posteriormente, se puede convertir en S-adenosilmetionina. La S-adenosilmetionina transfiere grupos metilo a promotores de determinados genes y los silencia: cuando el promotor está metilado, no se le puede unir la ADN-polimerasa y, por tanto, el gen no se puede traducir. Un déficit de vitamina B12 puede provocar que algunos genes supresores tumorales no se metilen, lo que comporta que no queden silenciados y aumente así el riesgo de sufrir cáncer».

Error (copie el fragmento del texto donde se encuentra)Corrección

[0,5 puntos]

e) Desde la aparición a finales de los años noventa del siglo XX de la enfermedad de las vacas locas o encefalopatía espongiforme bovina (EEB), el rabo de toro, así como otras partes de este animal que pueden tener restos de médula espinal, es controlado en el matadero para prevenir la presencia de priones.

Explique qué son los priones y cómo pueden provocar la EEB.

[0,5 puntos]

Esquema del catabolismo de la grasa. Fuera de la mitocondria (citosol), la vía A transforma los triacilglicéridos (grasa) en ácidos grasos, que entran en la mitocondria. Dentro, la vía B lleva los ácidos grasos hasta acetil-CoA y produce NADH; el acetil-CoA entra en la vía C, un ciclo que libera CO₂ y produce NADH. A la izquierda, la fosforilación oxidativa: el NADH pasa a NAD⁺, el O₂ pasa a H₂O y el ADP y el fosfato (Pi) pasan a ATP.Esquema del catabolismo de la grasa. Fuera de la mitocondria (citosol), la vía A transforma los triacilglicéridos (grasa) en ácidos grasos, que entran en la mitocondria. Dentro, la vía B lleva los ácidos grasos hasta acetil-CoA y produce NADH; el acetil-CoA entra en la vía C, un ciclo que libera CO₂ y produce NADH. A la izquierda, la fosforilación oxidativa: el NADH pasa a NAD⁺, el O₂ pasa a H₂O y el ADP y el fosfato (Pi) pasan a ATP.
Esquema en tres recuadros. Estructura primaria (fuente: uniprot.org): los 50 primeros de los 1464 aminoácidos de la cadena, desde el extremo NH₂: MFSFVDLRLLLLLAATALLTHGQEEGQVEGQDEDIPPITCVQNGLRYHDRD…COOH. Estructura secundaria: una de las tres cadenas, en modelo de cintas, plegada en una hélice. Estructura definitiva: las tres cadenas helicoidales unidas y enrolladas entre ellas.Esquema en tres recuadros. Estructura primaria (fuente: uniprot.org): los 50 primeros de los 1464 aminoácidos de la cadena, desde el extremo NH₂: MFSFVDLRLLLLLAATALLTHGQEEGQVEGQDEDIPPITCVQNGLRYHDRD…COOH. Estructura secundaria: una de las tres cadenas, en modelo de cintas, plegada en una hélice. Estructura definitiva: las tres cadenas helicoidales unidas y enrolladas entre ellas.
Esquema. Cisteína (fórmula: carbono central con H, NH₂, COOH y el radical CH₂−SH) → metionina, por la metionina sintasa (cofactor: vitamina B12); fórmula de la metionina: carbono central con H, NH₂, COOH y el radical CH₂−CH₂−S−CH₃. La metionina da S-adenosilmetionina, que por metilación pone grupos CH₃ en el ADN delante de un gen: el gen activado (con una flecha de inicio) pasa a gen silenciado (flecha tachada con una X).Esquema. Cisteína (fórmula: carbono central con H, NH₂, COOH y el radical CH₂−SH) → metionina, por la metionina sintasa (cofactor: vitamina B12); fórmula de la metionina: carbono central con H, NH₂, COOH y el radical CH₂−CH₂−S−CH₃. La metionina da S-adenosilmetionina, que por metilación pone grupos CH₃ en el ADN delante de un gen: el gen activado (con una flecha de inicio) pasa a gen silenciado (flecha tachada con una X).

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)0,5 puntos

Planteamiento Hay que reconocer en el esquema las vías del catabolismo de los triacilglicéridos y el papel del oxígeno y del NADH en la cadena respiratoria.

  1. Vía A: lipólisis. En el citosol, los triacilglicéridos (grasa) se hidrolizan en glicerina y ácidos grasos.

  2. Vía B: beta-oxidación (hélice de Lynen). Dentro de la mitocondria, los ácidos grasos se van rompiendo en moléculas de acetil-CoA, y se forman NADH (y FADH2\mathrm{FADH_2}).

  3. Vía C: ciclo de Krebs (de los ácidos tricarboxílicos). El acetil-CoA se oxida hasta CO2\mathrm{CO_2} y se forman más NADH.

  4. Oxígeno: es el aceptor final de los electrones de la cadena respiratoria; al aceptarlos (con protones) se reduce a agua, que aparece en el esquema como H2O\mathrm{H_2O}.

  5. NADH: es el donador de electrones a la cadena respiratoria; al cederlos se oxida a NAD+\mathrm{NAD^+}, y la energía de esos electrones se aprovecha para hacer ATP a partir de ADP y fosfato.

ResultadoVía A: lipólisis. Vía B: beta-oxidación (hélice de Lynen). Vía C: ciclo de Krebs. El oxígeno es el aceptor final de electrones (se reduce a agua) y el NADH, el donador de electrones de la cadena respiratoria.

La pauta oficial da: Vía A: lipólisis. Vía B: beta-oxidación (o hélice de Lynen). Vía C: ciclo de Krebs (o de los ácidos tricarboxílicos). O2\mathrm{O_2}: aceptor de electrones. NADH: donador de electrones.

b)0,5 puntos

Planteamiento Se piden los niveles de estructura de las proteínas aplicados al colágeno, a partir del esquema.

  1. Estructura primaria: la secuencia de aminoácidos de la cadena (qué aminoácidos hay, cuántos y en qué orden), como la que aparece en el esquema empezando por el extremo NH2\mathrm{NH_2}.

  2. Importancia: determina todas las demás estructuras, es decir, cómo se pliega la proteína, su forma y, por tanto, su función.

  3. Estructura secundaria: el esquema muestra cada cadena plegada en hélice α. Hay que saber que en el colágeno real cada cadena forma una hélice más estirada y que gira en sentido contrario, la hélice del colágeno, un tipo de estructura secundaria propio de esta proteína.

  4. Estructura definitiva: cuaternaria, porque está formada por más de una cadena polipeptídica (tres cadenas unidas entre ellas). La estructura terciaria es el plegamiento de una sola cadena.

ResultadoEstructura primaria: la secuencia de aminoácidos (número y orden); determina el plegamiento, la forma y la función de la proteína. Estructura secundaria: hélice α, según el esquema (en el colágeno real, una hélice propia, la hélice del colágeno). Estructura definitiva: cuaternaria, porque la forman tres cadenas polipeptídicas.

La pauta oficial da: Secuencia de aminoácidos (número y orden); determina el resto de estructuras (plegamiento, forma, función). Secundaria: hélice alfa. Cuaternaria, porque está formada por más de una cadena (tres).

c)0,5 puntos

Planteamiento Se pide la definición de cofactor y la cadena de consecuencias desde la falta de vitamina B12 hasta la anemia.

  1. Un cofactor es una molécula no proteica (un ion o una molécula orgánica, que se llama coenzima) que una enzima necesita para catalizar la reacción.

  2. Sin vitamina B12, la L-metilmalonil-CoA mutasa no puede hacer bien su función y no se forma suficiente succinil-CoA.

  3. Según el enunciado, el succinil-CoA es necesario para fabricar hemoglobina, la proteína de los glóbulos rojos que transporta el oxígeno por la sangre; sin suficiente succinil-CoA no se fabrica suficiente.

  4. La sangre no puede llevar suficiente oxígeno a los tejidos: eso es la anemia.

ResultadoUn cofactor es una molécula no proteica que la enzima necesita para catalizar la reacción. Sin vitamina B12, la L-metilmalonil-CoA mutasa no funciona bien, no hay suficiente succinil-CoA ni, por tanto, suficiente hemoglobina, y la sangre no transporta suficiente oxígeno: anemia.

La pauta oficial da: Cofactor: molécula no proteica que necesita la enzima para catalizar la reacción; sin vitamina B12 la metilmalonil-CoA mutasa no funciona bien, no se obtiene suficiente succinil-CoA, no se fabrica suficiente hemoglobina (que transporta el oxígeno) y se produce la anemia; también se valora la coherencia de la redacción.

d)0,5 puntos

Planteamiento Hay que repasar el texto frase por frase con el esquema (las fórmulas de la cisteína y la metionina y el gen silenciado por metilación) y con lo que se sabe de la transcripción y del cáncer.

  1. Error 1: «dos nucleótidos». Corrección: dos aminoácidos. En el esquema, ambas tienen un grupo amino (NH2\mathrm{NH_2}) y un grupo carboxilo (COOH) unidos al mismo carbono.

  2. Error 2: «que contienen sodio». Corrección: que contienen azufre (S). En las fórmulas se ve el azufre: el grupo SH de la cisteína y el S−CH3\mathrm{S{-}CH_3} de la metionina.

  3. Error 3: «no se le puede unir la ADN-polimerasa». Corrección: la ARN-polimerasa. La enzima que se une al promotor para empezar a leer un gen es la ARN-polimerasa; la ADN-polimerasa interviene en la replicación.

  4. Error 4: «el gen no se puede traducir». Corrección: no se puede transcribir. Si la ARN-polimerasa no se une al promotor, no se hace la transcripción del gen a ARN (la traducción es el paso posterior, del ARN a proteína).

  5. Error 5: «algunos genes supresores tumorales». Corrección: algunos oncogenes (protooncogenes). Si un gen que favorece la división celular no queda silenciado, aumenta el riesgo de cáncer; en cambio, si un gen supresor de tumores se expresa, el riesgo no aumenta, sino que disminuye.

  6. El resto del texto sigue el enunciado y el esquema, y no hay más errores que corregir. Pero atención a una cosa que el examen da por buena: en realidad, la metionina sintasa no fabrica la metionina a partir de la cisteína sino de la homocisteína. Se ve en las fórmulas del esquema: el radical de la cisteína es CH2−SH\mathrm{CH_2{-}SH} y el de la metionina, CH2−CH2−S−CH3\mathrm{CH_2{-}CH_2{-}S{-}CH_3}; con un grupo metilo (CH3\mathrm{CH_3}) no basta, porque también falta un CH2\mathrm{CH_2}. La homocisteína, de radical CH2−CH2−SH\mathrm{CH_2{-}CH_2{-}SH}, sí se convierte en metionina al recibir un metilo.

Resultado«nucleótidos» → aminoácidos; «sodio» → azufre; «ADN-polimerasa» → ARN-polimerasa; «traducir» → transcribir; «genes supresores tumorales» → oncogenes (protooncogenes).

La pauta oficial da: Nucleótidos → aminoácidos; sodio → azufre; ADN-polimerasa → ARN-polimerasa; traducir → transcribir; genes supresores tumorales → oncogenes (o protooncogenes).

e)0,5 puntos

Planteamiento Se pide la naturaleza de los priones y el mecanismo por el que causan la enfermedad.

  1. Un prion es una proteína infecciosa: una forma mal plegada (PrPsc) de una proteína normal del sistema nervioso (PrPc). No tiene ácido nucleico.

  2. Cuando un animal ingiere priones (por ejemplo, con restos de tejido nervioso de un animal enfermo), estos llegan al encéfalo y hacen que las proteínas normales PrPc también se plieguen mal y se conviertan en PrPsc: la enfermedad se extiende como una reacción en cadena.

  3. Las proteínas mal plegadas no se pueden degradar y se acumulan a lo largo de los años en agregados o placas.

  4. Estos agregados matan las neuronas, y el encéfalo se llena de agujeros (vacuolas) como una esponja, de ahí el nombre de espongiforme, hasta que el animal muere.

ResultadoLos priones son proteínas infecciosas mal plegadas; cuando llegan al encéfalo hacen que las proteínas normales también se plieguen mal, y estas se acumulan en agregados que matan las neuronas y dejan el encéfalo lleno de agujeros como una esponja (encefalopatía espongiforme).

La pauta oficial da: Prion: proteína (PrPsc) infecciosa y mal plegada; hace que las proteínas propias (PrPc) también se plieguen mal; forman agregados o placas, provocan muerte neuronal y vacuolización del encéfalo; también se valora la coherencia de la redacción.

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Biología 2025, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 30 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

Examen en catalán (PDF)Examen en castellano (PDF)Pauta de corrección (PDF)Reutilizado según el aviso legal de la Generalitat

2025Convocatoria ordinaria · Serie 4 · Ejercicio 2

2,5 puntosLa pauta tiene un errorTemas: Metabolismo, La célula, Diseño experimental
Enunciado oficial

El alumnado de segundo de bachillerato ha utilizado un laboratorio virtual para experimentar con dos factores que afectan a la fotosíntesis: el flujo luminoso y la temperatura.

[Captura del laboratorio virtual: una lámpara ilumina un recipiente con agua y una planta acuática, con un termómetro. Debajo, los controles: «Flujo luminoso: 1000 lúmenes», «Temperatura: 10 °C», «Número de burbujas: 0» y un contador que marca «0 segundos».]

Este laboratorio virtual permite escoger diferentes valores de flujo luminoso y de temperatura. Cuando se inicia la simulación, se van visualizando las burbujas que aparecen. El contador indica la velocidad de aparición de las burbujas. Las siguientes figuras muestran dos momentos distintos del experimento.

[Dos capturas del mismo laboratorio, a 1000 lúmenes y 10 °C: en la primera, «Número de burbujas: 3» y «12 segundos»; en la segunda, «Número de burbujas: 5» y «24 segundos».]

La tercera burbuja aparece a los 12 segundos de iniciar la simulación (a 1 000 lúmenes y 10 °C).

La quinta burbuja aparece a los 24 segundos de iniciar la simulación (a 1 000 lúmenes y 10 °C).

a) Responda a las siguientes preguntas respecto a la composición y al origen de estas burbujas.

¿Cuál es el gas que contienen estas burbujas?

¿En cuál de las dos fases de la fotosíntesis se genera este gas?

¿De qué molécula proviene este gas?

[0,4 puntos]

b) El orgánulo donde tiene lugar esta reacción es el cloroplasto, cuya estructura se relaciona directamente con dicha reacción. Complete la tabla de abajo con el nombre de las moléculas, las estructuras o los compartimentos de este orgánulo (señalados con números en la imagen) e indique el lugar donde se produce la reacción que genera el gas contenido en las burbujas.

1Ribosomas2
3Almidón4Membrana interna del cloroplasto
56
78
9Tilacoides10ADN

La reacción que genera el gas contenido en las burbujas se produce en:

[0,6 puntos]

c) El alumnado ha ido variando los valores de flujo luminoso y de temperatura y ha recogido los resultados en la siguiente tabla. Ha llegado a la conclusión de que el número de burbujas por unidad de tiempo es una medida indirecta de la velocidad de la fotosíntesis.

Tiempo que tarda en aparecer cada burbuja (en segundos):

Burbujas1 000 lúmenes, 10 °C1 000 lúmenes, 25 °C1 000 lúmenes, 40 °C3 000 lúmenes, 10 °C3 000 lúmenes, 25 °C3 000 lúmenes, 40 °C
Primera000000
Segunda636313
Tercera12512636
Cuarta1881810510
Quinta24112413613
Sexta30133016816

Justifique esta afirmación a partir de la reacción global de la fotosíntesis.

Reacción global de la fotosíntesis:

Justificación de la afirmación a partir de la reacción global:

[0,5 puntos]

d) ¿Qué conclusiones se pueden obtener respecto a la influencia del flujo luminoso en la velocidad de la fotosíntesis? Justifique la respuesta a partir de los valores de la tabla del apartado c.

Conclusiones:

Justificación a partir de los valores de la tabla:

[0,5 puntos]

e) ¿Qué conclusiones se pueden obtener respecto a la influencia de la temperatura en la velocidad de la fotosíntesis? Justifique la respuesta a partir de los valores de la tabla.

Conclusiones:

Justificación a partir de los valores de la tabla:

[0,5 puntos]

Esquema de un cloroplasto con partes numeradas. 1: puntos pequeños en el interior (ribosomas). 2: en la ampliación de 8, el espacio de dentro de uno de los discos apilados. 3: granos claros (almidón). 4, 5 y 6: en la ampliación de las dos membranas que rodean el cloroplasto, la de dentro (4), el espacio entre ellas (5) y la de fuera (6). 7: el medio interno donde están los discos. 8: una pila de discos. 9: los discos (tilacoides). 10: una molécula circular (ADN).Esquema de un cloroplasto con partes numeradas. 1: puntos pequeños en el interior (ribosomas). 2: en la ampliación de 8, el espacio de dentro de uno de los discos apilados. 3: granos claros (almidón). 4, 5 y 6: en la ampliación de las dos membranas que rodean el cloroplasto, la de dentro (4), el espacio entre ellas (5) y la de fuera (6). 7: el medio interno donde están los discos. 8: una pila de discos. 9: los discos (tilacoides). 10: una molécula circular (ADN).

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)0,4 puntos

Planteamiento Las burbujas que suelta una planta acuática iluminada son el gas que libera la fotosíntesis.

  1. Gas: oxígeno (O2\mathrm{O_2}).

  2. Fase: la fase luminosa (dependiente de la luz), en la cadena fotosintética de transporte de electrones.

  3. Origen: del agua (H2O\mathrm{H_2O}). En la fotólisis del agua, en el fotosistema II, el agua cede electrones y protones y de ella sale el oxígeno.

ResultadoOxígeno (O2\mathrm{O_2}), que se genera en la fase luminosa y proviene del agua (fotólisis del agua).

La pauta oficial da: Oxígeno (O2\mathrm{O_2}); fase luminosa (lumínica, dependiente de la luz, o cadena fotosintética de transporte de electrones); del agua (H2O\mathrm{H_2O}).

b)0,6 puntos

Planteamiento Hay que poner nombre a las partes que faltan del cloroplasto (2, 5, 6, 7 y 8) y decir dónde se hace la fotólisis del agua.

  1. 2: espacio tilacoidal (lumen), el interior de un tilacoide, tal como se ve en la ampliación de 8.

  2. 5: espacio intermembrana, entre la membrana interna (4) y la externa.

  3. 6: membrana externa del cloroplasto.

  4. 7: estroma, el medio interno del cloroplasto, donde están el ADN, los ribosomas y el almidón.

  5. 8: grana (un granum), una pila de tilacoides.

  6. Lugar de la reacción: el oxígeno se forma en la fotólisis del agua, en el fotosistema II, en la cara interna de la membrana de los tilacoides, y se libera en el espacio tilacoidal (lumen).

Resultado2: espacio tilacoidal (lumen); 5: espacio intermembrana; 6: membrana externa; 7: estroma; 8: grana. La reacción se produce en el espacio tilacoidal (en la cara interna de la membrana de los tilacoides).

La pauta oficial da: 2: espacio tilacoidal (lumen o espacio intratilacoidal); 5: espacio intermembrana; 6: membrana externa del cloroplasto; 7: estroma; 8: grana. Reacción: en el espacio tilacoidal (también se admiten las membranas de los tilacoides).

c)0,5 puntos

Planteamiento Hay que escribir la reacción global y hacer ver en ella que el oxígeno de las burbujas es uno de los productos.

  1. Reacción global de la fotosíntesis (con la energía de la luz):

    6 CO2+6 H2O6\,\mathrm{CO_2}+6\,\mathrm{H_2O}⟶C6H12O6+6 O2{}\longrightarrow \mathrm{C_6H_{12}O_6}+6\,\mathrm{O_2}

  2. El oxígeno es uno de los productos finales: por cada glucosa que se fabrica se liberan 66 moléculas de O2\mathrm{O_2}. Cuanto más deprisa se hace la fotosíntesis, más oxígeno se libera por unidad de tiempo.

  3. Las burbujas son ese oxígeno: contar cuántas salen por unidad de tiempo es medir la velocidad a la que se produce el oxígeno, que refleja la velocidad de toda la reacción. Es una medida indirecta porque no se mide la glucosa que se fabrica.

Resultado6 CO2+6 H2O6\,\mathrm{CO_2}+6\,\mathrm{H_2O}⟶C6H12O6+6 O2{}\longrightarrow \mathrm{C_6H_{12}O_6}+6\,\mathrm{O_2} (con luz). El O2\mathrm{O_2} es un producto de la reacción; por tanto, la velocidad a la que salen las burbujas de oxígeno refleja la velocidad de toda la fotosíntesis.

La pauta oficial da: 6 CO2+6 H2O6\,\mathrm{CO_2}+6\,\mathrm{H_2O}→C6H12O6+6 O2{}\to \mathrm{C_6H_{12}O_6}+6\,\mathrm{O_2} (o con 12 H2O12\,\mathrm{H_2O} y 6 H2O6\,\mathrm{H_2O} en los productos; no hace falta escribir «luz»). El O2\mathrm{O_2} es uno de los productos finales: la velocidad de obtención de oxígeno refleja la velocidad total de la reacción.

d)0,5 puntos

Planteamiento Para ver el efecto del flujo luminoso, se compara el tiempo hasta la sexta burbuja con 1 0001\,000 y con 3 0003\,000 lúmenes a la misma temperatura: cuanto menos tiempo, más burbujas por unidad de tiempo y más velocidad.

  1. A 1010 °C: 3030 s con 1 0001\,000 lúmenes y 1616 s con 3 0003\,000 lúmenes.

  2. A 2525 °C: 1313 s con 1 0001\,000 lúmenes y 88 s con 3 0003\,000 lúmenes.

  3. A 4040 °C: 3030 s con 1 0001\,000 lúmenes y 1616 s con 3 0003\,000 lúmenes.

  4. A las tres temperaturas, con 3 0003\,000 lúmenes la sexta burbuja sale antes: en el mismo tiempo se hacen más burbujas, es decir, más burbujas por unidad de tiempo.

ResultadoAl aumentar el flujo luminoso (de 1 0001\,000 a 3 0003\,000 lúmenes) aumenta la velocidad de la fotosíntesis: a la misma temperatura, la sexta burbuja sale antes con 3 0003\,000 lúmenes (1616 s frente a 3030 s a 1010 °C y a 4040 °C; 88 s frente a 1313 s a 2525 °C).

La pauta oficial da: Al incrementar el flujo luminoso aumenta la velocidad de la fotosíntesis. Sexta burbuja: a 10 °C, 30 s (1000 lúmenes) y 16 s (3000 lúmenes); a 25 °C, 13 s y 8 s; a 40 °C, 30 s y 16 s (hace falta al menos un ejemplo con datos; también se acepta calcular la velocidad: 6/30=0,26/30=0{,}2 burbujas/s, etc.).

e)0,5 puntos

Planteamiento Ahora se compara el tiempo hasta la sexta burbuja a las tres temperaturas, con el mismo flujo luminoso.

  1. Con 1 0001\,000 lúmenes: 3030 s a 1010 °C, 1313 s a 2525 °C y 3030 s a 4040 °C.

  2. Con 3 0003\,000 lúmenes: 1616 s a 1010 °C, 88 s a 2525 °C y 1616 s a 4040 °C.

  3. Con los dos flujos, el tiempo más corto (la velocidad mayor) es a 2525 °C, y a 1010 °C y a 4040 °C la fotosíntesis es más lenta (e igual de lenta).

  4. Las reacciones de la fotosíntesis las catalizan enzimas: a baja temperatura actúan despacio, y por encima de la temperatura óptima pierden actividad.

ResultadoDe las tres temperaturas ensayadas, la velocidad máxima es a 2525 °C (la temperatura óptima), y es más baja a 1010 °C y a 4040 °C: sexta burbuja en 1313 s frente a 3030 s (con 1 0001\,000 lúmenes) y en 88 s frente a 1616 s (con 3 0003\,000 lúmenes).

La pauta oficial da: A 25 °C se da la velocidad máxima, inferior a 10 °C y a 40 °C (temperatura óptima de 25 °C). Sexta burbuja: a 1000 lúmenes, 30 s a 10 °C y a 40 °C y 13 s a 25 °C; a 3000 lúmenes, 18 s a 10 °C y a 40 °C y 8 s a 25 °C (hace falta al menos un ejemplo con datos; también se acepta con velocidades).

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Biología 2025, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 30 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

Examen en catalán (PDF)Examen en castellano (PDF)Pauta de corrección (PDF)Reutilizado según el aviso legal de la Generalitat

2025Convocatoria ordinaria · Serie 4 · Ejercicio 3

2,5 puntosCoincide con la pautaTemas: Microbiología, Inmunología
Enunciado oficial

En junio de 2024 hubo un brote de lengua azul en varias comarcas de Catalunya. Se trata de una infección que afecta a animales rumiantes como las cabras, las ovejas y las vacas.

La enfermedad de la lengua azul es una enfermedad causada por el virus BTV, un patógeno con ARN bicatenario y de forma icosaédrica.

a) ¿Cuál de las siguientes imágenes corresponde al virus BTV? Justifique las respuestas a partir de las imágenes propuestas.

[Imagen de la izquierda: micrografía de muchas estructuras alargadas en forma de bastón, con la indicación de escala «1 μm1\ \mu\mathrm{m}». Imagen de la derecha: micrografía de una sola partícula redondeada, de superficie granulada, algo mayor que la barra de escala de 50 nm50\ \mathrm{nm} (unos 55 nm55\ \mathrm{nm} de diámetro).]

Imagen de la izquierdaImagen de la derecha
¿Corresponde al virus BTV? Sí / No¿Corresponde al virus BTV? Sí / No
Justificación:Justificación:

[0,5 puntos]

b) El siguiente esquema representa las diferentes fases del proceso de infección del virus BTV en una célula de un animal rumiante. Complete la tabla de abajo explicando brevemente en qué consiste cada una de las fases marcadas con números.

Número de la faseBreve explicación de la fase del proceso de infección
1
2
3
4
5

[0,5 puntos]

c) Uno de los primeros síntomas de la enfermedad de la lengua azul es la inflamación de este órgano en los animales afectados. Elija dos biomoléculas o células de las que se proponen a continuación que intervengan en el proceso inflamatorio. Anótelas dentro de la siguiente tabla y explique su principal función en este proceso.

Biomoléculas y células: anticuerpos, histamina, células plasmáticas, mastocitos, eosinófilos.

Biomolécula o célulaFunción en el proceso inflamatorio

[0,5 puntos]

d) Una de las formas de luchar contra la enfermedad de la lengua azul es la vacunación preventiva de los animales. Complete la siguiente tabla:

¿Qué tipo de inmunidad confieren las vacunas a los animales rumiantes? Natural / Artificial

Justificación:

¿Qué tipo de inmunidad confieren las vacunas a los animales rumiantes? Activa / Pasiva

Justificación:

[0,5 puntos]

e) Se conocen 24 serotipos distintos del virus BTV, los cuales se definen según las variantes de la proteína VP2 de la cápsida. En 2009, hubo un brote del serotipo 1 de la enfermedad de la lengua azul a raíz del cual se vacunaron muchos rumiantes contra este serotipo. El brote de junio de 2024 fue del serotipo 8. ¿Por qué la vacuna que se administró en 2024 debía ser distinta a la de 2009? Justifique la respuesta.

[0,5 puntos]

Esquema de una célula con el núcleo a la derecha. 1: un virus icosaédrico se une a la membrana y entra dentro de una vesícula (endosoma). Libera la parte interna del virus, que da ARN mensajero (ARNm). 2: en los ribosomas, el ARNm da proteínas. 3: las proteínas y una cadena de ARN forman una partícula nueva. 4: dentro de la partícula, el ARN pasa a ser de doble cadena. 5: los virus nuevos salen de la célula.Esquema de una célula con el núcleo a la derecha. 1: un virus icosaédrico se une a la membrana y entra dentro de una vesícula (endosoma). Libera la parte interna del virus, que da ARN mensajero (ARNm). 2: en los ribosomas, el ARNm da proteínas. 3: las proteínas y una cadena de ARN forman una partícula nueva. 4: dentro de la partícula, el ARN pasa a ser de doble cadena. 5: los virus nuevos salen de la célula.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)0,5 puntos

Planteamiento Hay que comparar cada imagen con lo que dice el enunciado del BTV (un virus icosaédrico): el tamaño, que da la escala, y la forma.

  1. Imagen de la izquierda: no es el BTV. La escala es de micrómetros, y las estructuras son de ese orden de tamaño, demasiado grandes para un virus. Además, tienen forma de bastón: son bacilos (bacterias), no partículas icosaédricas.

  2. Imagen de la derecha: sí es el BTV. La partícula mide algo más que la barra de 50 nm50\ \mathrm{nm} (unos 55 nm55\ \mathrm{nm}): es del orden de los nanómetros, el tamaño de un virus.

  3. Además, su forma redondeada puede corresponder a una cápside icosaédrica, que en una micrografía se ve casi esférica.

ResultadoIzquierda: no (estructuras de tamaño del orden de los micrómetros y en forma de bastón: bacilos). Derecha: sí (una partícula de unos 55 nm55\ \mathrm{nm}, del orden de los nanómetros como un virus, con una forma que puede ser icosaédrica).

La pauta oficial da: Izquierda: no (el tamaño, del orden de µm, no es el de un virus; o bien la forma es de bacilo, no icosaédrica). Derecha: sí (el tamaño, del orden de nm, es el de los virus; o bien la forma puede ser icosaédrica). Basta con un argumento por imagen; también se acepta que una es de microscopio óptico y la otra de electrónico.

b)0,5 puntos

Planteamiento Hay que seguir el esquema fase por fase y poner nombre a cada paso del ciclo del virus dentro de la célula.

  1. 1: unión del virus a un receptor de la membrana plasmática de la célula (adsorción); después entra por endocitosis, dentro de un endosoma, y sale al citoplasma la parte interna del virus, que hace el ARN mensajero vírico.

  2. 2: traducción. El ARN mensajero del virus se traduce en los ribosomas de la célula y se fabrican las proteínas víricas.

  3. 3: acoplamiento (ensamblaje). Las proteínas de la cápside se juntan con una cadena de ARN vírico y forman una partícula nueva.

  4. 4: replicación del material genético. A partir de la cadena de ARN que hay dentro de la partícula se hace la complementaria, y resulta el ARN bicatenario del virus.

  5. 5: liberación. Los virus nuevos salen de la célula (por exocitosis) y pueden infectar otras células.

Resultado1: unión del virus al receptor de la membrana y entrada; 2: traducción del ARN vírico a proteínas; 3: acoplamiento de las proteínas de la cápside con una cadena de ARN vírico; 4: replicación del ARN vírico (se hace bicatenario); 5: liberación de los nuevos virus por exocitosis.

La pauta oficial da: 1: unión del virus al receptor de la membrana plasmática de la célula animal; 2: traducción del ARN del virus; 3: acoplamiento de las proteínas de la cápside y una cadena de ARN vírico; 4: replicación o duplicación del ARN vírico; 5: exocitosis de los nuevos viriones.

c)0,5 puntos

Planteamiento La inflamación es una respuesta inespecífica: hay que elegir, de la lista, las que participan en ella (los anticuerpos y las células plasmáticas son de la respuesta específica).

  1. Histamina: provoca vasodilatación y hace más permeables los capilares; por eso sale plasma hacia el tejido afectado, que se hincha y enrojece.

  2. Mastocitos: son las células que liberan la histamina (y otras sustancias) cuando hay una infección o un daño celular.

  3. También se podrían elegir los eosinófilos, que liberan histaminasa, una enzima que degrada la histamina y frena la inflamación.

ResultadoHistamina: vasodilatación y salida de plasma hacia el tejido afectado. Mastocitos: liberan la histamina ante una infección o un daño. (También valdrían los eosinófilos, que degradan la histamina con la histaminasa.)

La pauta oficial da: Dos de: histamina (vasodilatación y salida de plasma hacia el tejido afectado); mastocitos (liberan histamina ante una infección o un daño celular, y citocinas que activan los basófilos); eosinófilos (liberan histaminasa, que degrada la histamina e inhibe el proceso inflamatorio).

d)0,5 puntos

Planteamiento Se clasifica la inmunidad que da una vacuna según dos criterios: de dónde viene (natural o artificial) y quién hace los anticuerpos (activa o pasiva).

  1. Artificial: la desencadena la inoculación de la vacuna, una intervención médica, y no una infección natural.

  2. Activa: es el sistema inmunitario del propio animal vacunado el que responde a los antígenos de la vacuna, fabrica los anticuerpos y genera células de memoria.

ResultadoArtificial (la provoca la inoculación de la vacuna, no la infección natural) y activa (el propio animal fabrica los anticuerpos y las células de memoria).

La pauta oficial da: Artificial: el desencadenante es la inoculación de la vacuna y no la infección por causas naturales. Activa: el propio cuerpo del animal vacunado sintetiza los anticuerpos y genera las células de memoria.

e)0,5 puntos

Planteamiento Hay que relacionar los serotipos (variantes de la VP2) con la especificidad de los anticuerpos que genera una vacuna.

  1. Cada serotipo tiene una variante distinta de la proteína VP2 de la cápsida, es decir, un antígeno distinto.

  2. La respuesta inmunitaria es específica: la vacuna de 2009, contra el serotipo 1, hizo que los animales fabricaran anticuerpos y células de memoria que reconocen la VP2 del serotipo 1.

  3. Esos anticuerpos no reconocen la VP2 del serotipo 8, que es distinta; por tanto, la vacuna de 2009 no protegía contra el brote de 2024, y hacía falta una vacuna específica contra el serotipo 8.

ResultadoPorque cada vacuna es específica de un serotipo: el serotipo 8 tiene una proteína VP2 de la cápsida distinta de la del serotipo 1, y los anticuerpos generados por la vacuna de 2009 (contra el serotipo 1) no la reconocen ni protegen contra el virus de 2024.

La pauta oficial da: Cada vacuna es específica para un serotipo; la VP2 de la cápsida es distinta en el serotipo 1 y en el 8, y por la especificidad de los anticuerpos la vacuna de 2009 no protegería de la infección del serotipo 8; se valoran también la contextualización y la coherencia.

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Biología 2025, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 30 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

Examen en catalán (PDF)Examen en castellano (PDF)Pauta de corrección (PDF)Reutilizado según el aviso legal de la Generalitat

2025Convocatoria ordinaria · Serie 4 · Ejercicio 4

2,5 puntosCoincide con la pautaTemas: Genética mendeliana, Biotecnología, Diseño experimental
Enunciado oficial

Los ratones Beethoven tienen una mutación en el gen TMC1, situado en el cromosoma 19, que les origina sordera progresiva hasta la pérdida total de la audición, de forma similar al proceso de pérdida auditiva que sufrió el músico Ludwig van Beethoven. En el año 2018 se publicó un trabajo en el que se describía un experimento basado en la tecnología CRISPR-Cas9 para recuperar la audición de ratones Beethoven adultos con la mutación en el gen TMC1. Los ratones eran heterocigotos, y el objetivo era inactivar la copia portadora de la mutación en células del oído.

a) Complete la siguiente tabla sobre la mutación en el gen TMC1 en los ratones Beethoven.

El alelo que causa la sordera ¿es dominante o recesivo? Justifique la respuesta.

En un cruce entre dos ratones heterocigotos, ¿qué proporción de su descendencia se espera que tenga sordera progresiva? Indique el procedimiento que ha seguido.

[0,5 puntos]

b) La siguiente imagen muestra el mecanismo de edición génica CRISPR-Cas9 unido a una cadena de ADN, en la que los dos pequeños triángulos indican los lugares de corte del DNA. Complete la siguiente tabla identificando a qué elementos corresponden las dos partes indicadas con una flecha (1 y 2) y explique cuál es su función.

ParteElementoFunción
1
2

[0,5 puntos]

c) Antes de autorizar el uso de la tecnología CRISPR-Cas9 en humanos, es necesaria la experimentación en organismos modelo como el ratón para medir los posibles riesgos que puede conllevar. Estos riesgos también son diferentes si la tecnología se aplica a células germinales o somáticas.

Explique en la siguiente tabla uno de los riesgos que puede conllevar la aplicación de esta tecnología y razone si este riesgo puede tener más consecuencias según si la tecnología CRISPR-Cas9 se aplica a la línea germinal o a la somática.

Explique uno de los riesgos que puede conllevar la aplicación de la tecnología CRISPR-Cas9:

Razone en qué línea celular (germinal o somática) puede tener más consecuencias este riesgo:

[0,5 puntos]

d) Para comprobar la eficacia del tratamiento se sometió a ratones tratados y no tratados a estímulos auditivos y se registró su nivel de respuesta a diferentes frecuencias de sonido. Con los ratones tratados, el nivel de respuesta se volvió a medir seis meses después. En el experimento se dispuso de cuatro grupos de ratones (A, B, C y D), clasificados según si tenían la mutación en TMC1 o no y según si habían sido tratados con CRISPR-Cas9 o no.

GrupoNúmero de ratonesNúmero de ratones que responden al estímulo auditivo
A. Salvaje (sin mutación)1515
B. Beethoven150
C. Salvaje tratado con CRISPR-Cas91515 (1 mes después del tratamiento); 15 (6 meses después del tratamiento)
D. Beethoven tratado con CRISPR-Cas91513 (1 mes después del tratamiento); 6 (6 meses después del tratamiento)

Indique cuál sería la finalidad de las siguientes comparaciones entre grupos:

ComparaciónFinalidad
A-B
B-D

[0,5 puntos]

e) Complete la siguiente tabla sobre el tratamiento con CRISPR-Cas9.

¿Qué conclusión sobre la eficacia del tratamiento con CRISPR-Cas9 se puede extraer del experimento representado en la tabla anterior? Razone la respuesta.

¿Qué utilidad tendría comparar el nivel de mortalidad entre los grupos A y C meses después?

[0,5 puntos]

Esquema del complejo CRISPR-Cas9 sobre una doble cadena de ADN del ratón. Una gran masa gris (señalada con el 1) envuelve un trozo del ADN, donde las dos cadenas están separadas. De esa masa sale una pequeña estructura en forma de horquilla, con una parte apareada (señalada con el 2). Dos triángulos pequeños, uno en cada cadena, marcan los lugares de corte.Esquema del complejo CRISPR-Cas9 sobre una doble cadena de ADN del ratón. Una gran masa gris (señalada con el 1) envuelve un trozo del ADN, donde las dos cadenas están separadas. De esa masa sale una pequeña estructura en forma de horquilla, con una parte apareada (señalada con el 2). Dos triángulos pequeños, uno en cada cadena, marcan los lugares de corte.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)0,5 puntos

Planteamiento El enunciado dice que los ratones Beethoven, sordos, son heterocigotos: de ahí se deduce la dominancia, y después se hace el cruce con un cuadro de Punnett.

  1. Dominante: los ratones Beethoven son heterocigotos, con una sola copia del alelo mutado, y tienen sordera: el alelo mutado se expresa aunque esté el alelo normal. Como el gen está en el cromosoma 19, un autosoma, la herencia no está ligada al sexo.

  2. Llamamos TT al alelo mutado (dominante, sordera) y tt al alelo normal. Cada progenitor heterocigoto TtTt hace la mitad de gametos TT y la mitad tt:

    Tt×TtTt\times Tt

  3. Cuadro de Punnett:

    TTtt
    TTTTTTTtTt
    ttTtTttttt

  4. Genotipos: 14\tfrac14 TTTT, 12\tfrac12 TtTt y 14\tfrac14 tttt. Tienen sordera los que llevan al menos un alelo TT:

    14+12=34=75 %\tfrac14+\tfrac12=\tfrac34=75\ \%

ResultadoEl alelo es dominante (los heterocigotos, con una sola copia, tienen sordera). En el cruce Tt×TtTt\times Tt, se espera que 34\tfrac34 de la descendencia (75 %75\ \%: TTTT y TtTt) tenga sordera progresiva.

La pauta oficial da: Dominante, porque se expresa en ratones heterocigotos que solo tienen una copia del alelo (no es ligada al sexo: el gen está en el cromosoma 19). Proporción: 34\tfrac34 (75 %75\ \%), con un cuadro de Punnett o un método equivalente que muestre los gametos y la unión en el cigoto.

b)0,5 puntos

Planteamiento El sistema CRISPR-Cas9 tiene dos piezas: una proteína que corta y un ARN que la guía.

  1. 1: la proteína Cas9, la masa gris que envuelve el ADN. Es una nucleasa: corta las dos cadenas del ADN en el lugar señalado por los triángulos.

  2. 2: el ARN guía (ARNg o sgRNA). Tiene una secuencia complementaria a una de las cadenas del ADN de la región que se quiere editar: se aparea con ella y lleva hasta allí la Cas9, de modo que el corte se hace exactamente en esa secuencia.

Resultado1: Cas9, que corta las dos cadenas del ADN. 2: ARN guía, complementario a la secuencia que se quiere editar, que lleva el complejo CRISPR-Cas9 hasta esa secuencia.

La pauta oficial da: 1: Cas9 (proteína Cas9), corta el ADN de doble cadena. 2: gRNA (sgRNA o ARN guía), contiene una secuencia complementaria a una de las cadenas de la región que se quiere editar y permite la unión del complejo CRISPR-Cas9 a esa secuencia.

c)0,5 puntos

Planteamiento Se pide un riesgo concreto de la edición con CRISPR-Cas9 y dónde tendría más consecuencias.

  1. Riesgo: que la Cas9 corte otras secuencias del genoma, parecidas a la que se quiere editar o repetidas, y genere en ellas mutaciones no deseadas, que podrían alterar genes importantes o incluso originar un cáncer.

  2. Línea germinal: esas mutaciones tendrían más consecuencias, porque pasarían a todas las células del individuo que se desarrollara a partir de ellas y se podrían transmitir a la descendencia.

  3. Línea somática: solo afectarían al tejido tratado de ese individuo (aquí, células del oído) y no se transmitirían a los descendientes.

ResultadoRiesgo: que la Cas9 corte otras secuencias y genere mutaciones no deseadas (incluso un cáncer). Tiene más consecuencias en la línea germinal: las mutaciones pasarían a todas las células del individuo y a la descendencia; en la línea somática solo afectan al tejido tratado.

La pauta oficial da: Riesgo (uno de): que la Cas9 corte otras secuencias, que genere otras mutaciones, que origine un cáncer (o múltiples cortes en una secuencia repetida). Línea: más grave en la germinal (afectaría a todas las células del organismo o se transmitiría a la descendencia); en la somática solo un tejido (también se acepta que en la somática puede dar un cáncer).

d)0,5 puntos

Planteamiento Cada comparación cambia una sola cosa entre los dos grupos: hay que decir cuál y qué permite comprobar.

  1. A-B: los dos grupos no están tratados y solo se diferencian en la mutación. Sirve para comprobar que los ratones Beethoven han perdido la audición, comparándolos con los salvajes, que hacen de grupo control: responden 1515 de 1515 salvajes y 00 de 1515 Beethoven.

  2. B-D: ambos son ratones Beethoven y solo se diferencian en el tratamiento. Sirve para comprobar si el tratamiento con CRISPR-Cas9 ha mejorado la audición, comparándolos con ratones idénticos no tratados: 00 de 1515 frente a 1313 de 1515 un mes después.

ResultadoA-B: comprobar que los ratones Beethoven han perdido la audición, comparándolos con los salvajes (grupo control). B-D: comprobar que el tratamiento con CRISPR-Cas9 mejora la audición, comparando ratones Beethoven tratados con ratones Beethoven no tratados.

La pauta oficial da: A-B: comprobar que los ratones Beethoven han perdido la audición, comparándolos con los salvajes, que son el grupo control. B-D: comprobar que el tratamiento con CRISPR-Cas9 ha funcionado y mejora la capacidad auditiva, comparando con ratones idénticos (Beethoven) no tratados.

e)0,5 puntos

Planteamiento Hay que leer el grupo D al cabo de un mes y de seis meses, y pensar qué cambia entre los grupos A y C.

  1. Un mes después del tratamiento responden 1313 de los 1515 ratones Beethoven tratados, mientras que de los no tratados no responde ninguno:

    1315≈0,87=87 %\frac{13}{15}\approx 0{,}87=87\ \%

  2. Seis meses después solo responden 66 de 1515: el efecto se va perdiendo con el tiempo.

    615=0,4=40 %\frac{6}{15}=0{,}4=40\ \%

  3. Mortalidad A-C: los dos grupos son de ratones salvajes y la única diferencia es el tratamiento. Si los tratados (C) mueren más que los no tratados (A), el tratamiento tiene efectos secundarios; si mueren igual, es un indicio de que el tratamiento es seguro.

ResultadoEl tratamiento es eficaz a corto plazo (un mes después responden 1313 de 1515 ratones tratados, el 87 %87\ \%, frente a ninguno de los no tratados), pero pierde eficacia con el tiempo (66 de 1515, el 40 %40\ \%, a los seis meses). Comparar la mortalidad de A y C serviría para detectar efectos secundarios del tratamiento, es decir, si es seguro.

La pauta oficial da: El tratamiento ha sido eficaz, ya que un mes después la mayoría de los ratones tratados responden al estímulo; con el paso del tiempo pierde efectividad. Comparar la mortalidad de A y C: detectar posibles efectos secundarios del tratamiento o demostrar que es seguro.

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Biología 2025, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 30 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

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Preguntas frecuentes

¿Cómo era el examen de junio (serie 4) de Biología de 2025?

El examen consta de CUATRO ejercicios obligatorios. Cada ejercicio vale 2,5 puntos. Por temas, los puntos eran: diseño experimental (2 puntos), microbiología (1,5 puntos), inmunología (1,5 puntos), metabolismo (1,4 puntos), biomoléculas (1 punto), biotecnología (1 punto), la célula (0,6 puntos), genética molecular (0,5 puntos) y genética mendeliana (0,5 puntos).

¿Las soluciones son las oficiales?

No: las escribe EducaIA, paso a paso, y cada apartado está contrastado con la pauta oficial de corrección. En 2 de los 4 ejercicios nuestra respuesta no coincide del todo con la pauta (por una errata del examen y por un error de la pauta): lo explicamos al lado de la solución.

¿Dónde están el examen oficial y la pauta?

En los enlaces de arriba del todo: el PDF del examen en catalán y en castellano y el de la pauta de corrección, en la web de la Generalitat. El botón de imprimir prepara el examen con espacio para responder y las soluciones aparte.

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