Física, PAU 2025 de Cataluña: el examen extraordinario resuelto

El examen extraordinario de Física de la PAU de Cataluña de 2025, entero: los cuatro ejercicios tal como salieron, cada uno con la solución paso a paso de EducaIA de cada apartado, contrastada con la pauta oficial de corrección. Cuando nuestra respuesta no coincide del todo con la pauta, te decimos por qué. En los ejercicios 2 y 3 se elegía entre dos opciones: las tienes resueltas todas.

Examen en catalán (PDF)Examen en castellano (PDF)Pauta de corrección (PDF)Reutilizado según el aviso legal de la Generalitat

Qué entraba, en puntos

Los puntos de cada apartado, sumados por el tema del temario que pregunta. Lo que se elegía dentro de los ejercicios 2 y 3 va aparte, rayado.

Los ejercicios del examen

2025Convocatoria extraordinaria · Serie 3 · Ejercicio 1

2,5 puntosDatos imposibles en el examenTemas: Campo gravitatorio
Enunciado oficial

La nave BepiColombo, de 2 700 kg2\,700\,\mathrm{kg} de masa, sobrevuela Mercurio para estudiar el planeta.

a) Complete la siguiente tabla calculando la distancia respecto al centro de Mercurio para los dos puntos indicados. Distancia respecto al centro de Mercurio (m) Energía potencial (J) Punto 11 −1,89⋅1010-1{,}89\cdot10^{10} Punto 22 −1,35⋅1010-1{,}35\cdot10^{10} En el punto más próximo de otro acercamiento a Mercurio, la intensidad del campo gravitatorio es de 3,23 m s−23{,}23\,\mathrm{m\,s^{-2}}. Calcule a cuántos kilómetros de la superficie de Mercurio ha llegado la BepiColombo. [1,251{,}25 puntos]

b) Una parte de la nave BepiColombo, llamada Mio, está previsto que se separe del conjunto y orbite alrededor de Mercurio siguiendo una órbita elíptica, en la que el punto más próximo a Mercurio (punto P) se encuentra a 590 km590\,\mathrm{km} de la superficie del planeta y el punto más lejano a Mercurio (punto A) se encuentra a una distancia de 11 600 km11\,600\,\mathrm{km} sobre la superficie del planeta. La velocidad orbital de Mio será de 2,64⋅103 m s−12{,}64\cdot10^{3}\,\mathrm{m\,s^{-1}} en el punto A. Utilizando el principio de conservación del momento angular, calcule cuál será el módulo de la velocidad de Mio en el punto P. Justifique si la aceleración normal variará a lo largo de la órbita. En caso afirmativo, indique en qué punto tendrá el valor máximo. [1,251{,}25 puntos] Datos: G=6,67⋅10−11 N m2 kg−2G=6{,}67\cdot10^{-11}\,\mathrm{N\,m^{2}\,kg^{-2}}. Masa de Mercurio: MM=3,285⋅1023 kgM_M=3{,}285\cdot10^{23}\,\mathrm{kg}. Radio de Mercurio: RM=2,44⋅103 kmR_M=2{,}44\cdot10^3\,\mathrm{km}.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento La potencial se refiere al infinito y depende de la distancia al centro. La altura es esa distancia menos el radio de Mercurio.

  1. Despejamos las dos distancias con los valores negativos del potencial.

    r=−GMmUr=-\frac{GMm}{U}r1r_1=6,67⋅10−11⋅3,285⋅1023⋅27001,89⋅1010{}= \frac{6{,}67\cdot10^{-11}\cdot3{,}285\cdot10^{23}\cdot2700}{1{,}89\cdot10^{10}}r2r_2=6,67⋅10−11⋅3,285⋅1023⋅27001,35⋅1010{}= \frac{6{,}67\cdot10^{-11}\cdot3{,}285\cdot10^{23}\cdot2700}{1{,}35\cdot10^{10}}
  2. Calculamos la altura sin redondear primero la distancia central.

    gg=GMr2{}= \frac{GM}{r^2}⇒h=6,67⋅10−11⋅3,285⋅10233,23{}\Rightarrow h=\sqrt{\frac{6{,}67\cdot10^{-11}\cdot3{,}285\cdot10^{23}}{3{,}23}}−2,44⋅106{}-2{,}44\cdot10^6

Resultador1=3,13⋅106 mr_1=3{,}13\cdot10^6\,\mathrm{m}; r2=4,38⋅106 mr_2=4{,}38\cdot10^6\,\mathrm{m}; h=165 kmh=165\,\mathrm{km}.

La pauta oficial da: r₁=3,13·10⁶ m; r₂=4,38·10⁶ m; h=164 km

b)1,25 puntos

Planteamiento La fuerza central tiene momento nulo y conserva el momento angular. En los ápsides, velocidad y radio son perpendiculares, de modo que el cálculo formal es inmediato.

  1. Sumamos el radio planetario a las alturas y conservamos el momento angular.

    rP=(2440+590)⋅103r_P=(2440+590)\cdot10^3rA=(2440+11600)⋅103r_A=(2440+11600)\cdot10^3mrPvP=mrAvAmr_Pv_P=mr_Av_A
  2. Despejamos la velocidad en P. Es el resultado formal que pide el enunciado.

    vPv_P=14,04⋅1063,03⋅106 2,64⋅103{}= \frac{14{,}04\cdot10^6}{3{,}03\cdot10^6}\,2{,}64\cdot10^3
  3. Advertencia: con los valores dados, la velocidad en A supera la de escape. No existe la elipse ligada descrita; el resultado anterior es formal y condicional.

    vesc(A)v_{\rm esc}(A)=2GM/rA{}= \sqrt{2GM/r_A}=1,77⋅103 m/s{}= 1{,}77\cdot10^3\,\mathrm{m/s}<2,64⋅103 m/s{}< 2{,}64\cdot10^3\,\mathrm{m/s}
  4. La aceleración normal cambia a lo largo de la órbita. En los ápsides la velocidad es perpendicular al radio y toda la gravedad es normal; en los demás puntos solo lo es una parte (φ es el ángulo entre el radio y la velocidad). Como además la gravedad es mayor cuanto más cerca, la aceleración normal es máxima en P.

    an=GMr2 (aˊpsides)a_n=\frac{GM}{r^2}\ \text{(ápsides)}an=GMr2sin⁡φ<GMr2 (resto)a_n=\frac{GM}{r^2}\sin\varphi<\frac{GM}{r^2}\ \text{(resto)}an,P=GMrP2=2,39 m/s2a_{n,P}=\frac{GM}{r_P^2}=2{,}39\,\mathrm{m/s^2}

ResultadovP=1,22⋅104 m/sv_P=1{,}22\cdot10^4\,\mathrm{m/s} (resultado formal: con estos datos la órbita no puede ser elíptica, porque vAv_A supera la velocidad de escape en A, 1,77⋅103 m/s1{,}77\cdot10^3\,\mathrm{m/s}). La aceleración normal varía y es máxima en el punto P: an,P=2,39 m/s2a_{n,P}=2{,}39\,\mathrm{m/s^2}.

La pauta oficial da: vP=1,22·10⁴ m/s; aceleración normal máxima en P

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2025, convocatoria extraordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

Examen en catalán (PDF)Examen en castellano (PDF)Pauta de corrección (PDF)Reutilizado según el aviso legal de la Generalitat

2025Convocatoria extraordinaria · Serie 3 · Ejercicio 2

2,5 puntosCoincide con la pautaTemas: Inducción electromagnética, Campo magnético, Campo eléctrico, Física moderna
Enunciado oficial

Escoja UNA de las dos opciones (A o B) y responda a los apartados correspondientes.

OPCIÓN A

Una varilla metálica se desplaza a una velocidad constante de 3,00 m s−13{,}00\,\mathrm{m\,s^{-1}} sobre un conductor en forma de U dentro de un campo magnético uniforme B=0,40 TB=0{,}40\,\mathrm{T}, perpendicular al plano y en el sentido indicado en las figuras. En el instante inicial, la varilla se encuentra a una distancia de 3,00 cm3{,}00\,\mathrm{cm} de la parte izquierda del conductor.

a) Calcule el flujo magnético a través del circuito cerrado por la varilla en el instante inicial indicado en la figura 11. En el momento en que la varilla se pone en movimiento, aparece una corriente inducida en el sentido indicado en la figura 22. Justifique cuál es el sentido de movimiento de la varilla, a la izquierda o a la derecha, y dibuje el vector de velocidad sobre la figura de la varilla en movimiento. Determine la FEM inducida mientras la varilla se mueve a 3,00 m s−13{,}00\,\mathrm{m\,s^{-1}}. [1,251{,}25 puntos]

b) Considere la situación ilustrada en la figura 22, en la que la intensidad inducida es de 6,00 mA6{,}00\,\mathrm{mA}. Justifique si en estas condiciones aparecerá alguna fuerza magnética sobre la varilla. En caso afirmativo, calcule el módulo de la fuerza magnética sobre la varilla y dibújela. [1,251{,}25 puntos]

OPCIÓN B

El modelo del átomo de hidrógeno de Bohr supone que el electrón describe una órbita circular alrededor del protón y que el momento angular de la órbita es un múltiplo entero de la constante de Planck L=nh2πL=n\frac{h}{2\pi}, donde n es un número natural.

a) Demuestre que el momento angular se expresa como L=ek⋅m⋅rL=e\sqrt{k\cdot m\cdot r}, donde e es la carga del electrón, k es la constante de Coulomb, m es la masa del electrón y r es el radio de la órbita. Encuentre la expresión del radio de la órbita del electrón en función de h, n, k, m y e. Calcule el radio para n=1n=1. [1,251{,}25 puntos]

b) Suponiendo que el radio de la órbita para n=1n=1 es 53 pm53\,\mathrm{pm}, calcule las energías cinética, potencial y mecánica clásicas del electrón. [1,251{,}25 puntos] Datos: ∣e∣=1,602⋅10−19 C|e|=1{,}602\cdot10^{-19}\,\mathrm{C}. kk=14πε0{}= \frac{1}{4\pi\varepsilon_0}=8,99⋅109 N m2 C−2{}= 8{,}99\cdot10^9\,\mathrm{N\,m^2\,C^{-2}}. m=9,11⋅10−31 kgm=9{,}11\cdot10^{-31}\,\mathrm{kg}. h=6,63⋅10−34 J sh=6{,}63\cdot10^{-34}\,\mathrm{J\,s}.

Figura 1 de la opción A. Circuito conductor en U horizontal abierto a la derecha y cerrado por una varilla vertical. Separación vertical de los raíles 4 cm y distancia inicial entre el lado izquierdo y la varilla 3 cm. Campo B saliente del papel, representado por círculos con punto. No hay corriente inicial ni vector de movimiento.
Figura 2 de la opción A. Mismo circuito en U y varilla vertical, con separación entre raíles 4 cm y campo B saliente. Flechas I indican corriente horaria: arriba hacia la derecha, por la varilla hacia abajo, por abajo hacia la izquierda y por el lado izquierdo hacia arriba. La varilla aparece a la derecha de su posición inicial; no se dibujan velocidad ni fuerza.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

Opción A

a)1,25 puntos

Planteamiento La corriente horaria crea campo entrante. Como se opone al aumento del flujo saliente, la varilla debe moverse hacia la derecha.

  1. La longitud vertical de la varilla es cuatro centímetros, según la figura.

    Φ0\Phi_0=Bℓx0{}= B\ell x_0=0,40⋅0,0400⋅0,0300{}= 0{,}40\cdot0{,}0400\cdot0{,}0300
  2. Aplicamos Faraday al área creciente; damos el módulo de la FEM.

    ∣ε∣=Bℓv=0,40⋅0,0400⋅3,00|\varepsilon|=B\ell v=0{,}40\cdot0{,}0400\cdot3{,}00

ResultadoΦ0=4,80⋅10−4 Wb\Phi_0=4{,}80\cdot10^{-4}\,\mathrm{Wb}; ε=4,80⋅10−2 V\varepsilon=4{,}80\cdot10^{-2}\,\mathrm{V}.

La pauta oficial da: 4,80·10⁻⁴ Wb; derecha; 4,80·10⁻² V

b)1,25 puntos

Planteamiento Una varilla con corriente dentro de un campo transversal recibe una fuerza magnética. La fuerza frena el movimiento que origina la inducción.

  1. La corriente baja por la varilla y el campo sale del papel: la fuerza va a la izquierda.

    F⃗=Iℓ⃗×B⃗\vec F=I\vec\ell\times\vec BF=6,00⋅10−3⋅0,0400⋅0,40F=6{,}00\cdot10^{-3}\cdot0{,}0400\cdot0{,}40

ResultadoF=9,60⋅10−5 NF=9{,}60\cdot10^{-5}\,\mathrm{N}.

La pauta oficial da: 9,60·10⁻⁵ N, izquierda

Opción B

a)1,25 puntos

Planteamiento La fuerza de Coulomb es la fuerza centrípeta. Combinamos esa relación con la cuantización del momento angular del modelo de Bohr.

  1. Obtenemos la velocidad y la sustituimos en el momento angular.

    ke2r2=mv2r⇒v=∣e∣kmr\frac{ke^2}{r^2}=\frac{mv^2}{r}\Rightarrow v=|e|\sqrt{\frac{k}{mr}}L=mrv=∣e∣kmrL=mrv=|e|\sqrt{kmr}
  2. Despejamos el radio y sustituimos n igual a la unidad.

    L=nh2π⇒rn=n2h24π2kme2L=\frac{nh}{2\pi}\Rightarrow r_n=\frac{n^2h^2}{4\pi^2kme^2}r1r_1=(6,63⋅10−34)24π2⋅8,99⋅109⋅9,11⋅10−31(1,602⋅10−19)2{}= \frac{(6{,}63\cdot10^{-34})^2}{4\pi^2\cdot8{,}99\cdot10^9\cdot9{,}11\cdot10^{-31}(1{,}602\cdot10^{-19})^2}

Resultador1=5,30⋅10−11 mr_1=5{,}30\cdot10^{-11}\,\mathrm{m}.

La pauta oficial da: 5,30·10⁻¹¹ m

b)1,25 puntos

Planteamiento En la órbita circular coulombiana, la energía cinética es la mitad del módulo de la potencial. Utilizamos el radio de 53 pm que pide este apartado.

  1. Calculamos la energía potencial y la cinética con el mismo radio.

    UU=−ke2r{}= -\frac{ke^2}{r}=−8,99⋅109(1,602⋅10−19)253⋅10−12{}= -\frac{8{,}99\cdot10^9(1{,}602\cdot10^{-19})^2}{53\cdot10^{-12}}K=ke22rK=\frac{ke^2}{2r}
  2. Sumamos las energías; la energía total es negativa porque el electrón está ligado.

    Em=K+U=−ke22rE_m=K+U=-\frac{ke^2}{2r}

ResultadoK=2,18⋅10−18 JK=2{,}18\cdot10^{-18}\,\mathrm{J}; U=−4,35⋅10−18 JU=-4{,}35\cdot10^{-18}\,\mathrm{J}; Em=−2,18⋅10−18 JE_m=-2{,}18\cdot10^{-18}\,\mathrm{J}.

La pauta oficial da: K=2,18·10⁻¹⁸ J; U=−4,35·10⁻¹⁸ J; Em=−2,18·10⁻¹⁸ J

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2025, convocatoria extraordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

Examen en catalán (PDF)Examen en castellano (PDF)Pauta de corrección (PDF)Reutilizado según el aviso legal de la Generalitat

2025Convocatoria extraordinaria · Serie 3 · Ejercicio 3

2,5 puntosCoincide con la pautaTemas: Movimiento armónico simple, Óptica
Enunciado oficial

Escoja UNA de las dos opciones (A o B) y responda a los apartados correspondientes.

OPCIÓN A

En el taller del instituto se diseña un péndulo con un soporte y un peso que cuelga de un hilo de longitud L y de masa despreciable. Cuando se toman medidas del periodo T de este péndulo en función de la longitud del hilo, se obtienen los siguientes datos: Longitud L (m) 0,200{,}20 0,300{,}30 0,500{,}50 0,800{,}80 1,201{,}20 Periodo T (s) 0,900{,}90 1,081{,}08 1,431{,}43 1,751{,}75 2,202{,}20 T2T^2 (s2\mathrm{s^2}) a) Rellene la tercera fila de la tabla anterior con los valores del periodo al cuadrado. Represente T2(L)T^2(L) en la cuadrícula de abajo y justifique por qué los puntos están alineados. Calcule la pendiente de este gráfico. A partir del resultado, calcule también la intensidad del campo gravitatorio. [1,251{,}25 puntos]

b) Se deja caer el péndulo de 1,50 kg1{,}50\,\mathrm{kg} de masa desde un ángulo de 30∘30^\circ respecto a la vertical y se considera despreciable el rozamiento con el aire. Teniendo en cuenta que la longitud del péndulo es de 1,00 m1{,}00\,\mathrm{m}, calcule las energías potencial y cinética máximas y la energía mecánica del péndulo, así como la velocidad máxima que alcanzará. Elija como referencia de energía potencial cero la posición de equilibrio. [1,251{,}25 puntos] Dato: El péndulo describe un movimiento armónico simple de periodo T=2πLgT=2\pi\sqrt{\frac{L}{g}}.

OPCIÓN B

Alaitz está encima de un trampolín situado justo sobre el borde de la piscina y está a punto de lanzarse. En este momento observa un objeto en el fondo de la piscina con un ángulo de 40,0∘40{,}0^\circ respecto a la vertical. La altura del trampolín es de 0,900{,}90 metros respecto a la superficie del agua, la profundidad de la piscina es de 2,002{,}00 metros y los ojos de Alaitz se encuentran a 1,601{,}60 metros respecto al trampolín.

a) Calcule a qué distancia x se encuentra el objeto respecto al borde de la piscina. [1,251{,}25 puntos]

b) El objeto sumergido es un puntero láser encendido y dirigido hacia arriba con una cierta inclinación. ¿A partir de qué ángulo de inclinación respecto a la vertical el rayo del láser no saldrá de la piscina? ¿A qué velocidad se propagará el haz láser dentro de la piscina? Sabiendo que la luz que emite el láser tiene una longitud de onda de 632,8 nm632{,}8\,\mathrm{nm} en el aire, ¿cuál es la frecuencia y la longitud de onda del haz láser dentro de la piscina? [1,251{,}25 puntos] Datos: c=3,00⋅108 m s−1c=3{,}00\cdot10^{8}\,\mathrm{m\,s^{-1}}. naire=1,00n_{aire}=1{,}00. nagua=1,33n_{agua}=1{,}33.

Opción A. Cuadrícula rectangular vacía para representar T² en función de L. Sin escala numérica ni rótulos de ejes impresos; el estudiante debe añadirlos y representar los cinco puntos de la tabla.
Opción B. Sección del borde de una piscina: superficie del agua horizontal, fondo a 2 m, trampolín 0,9 m sobre el agua y ojos de la persona 1,6 m sobre el trampolín. Objeto negro en el fondo, a la derecha del borde. Una doble flecha x indica la distancia horizontal entre el borde y la vertical del objeto.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

Opción A

a)1,25 puntos

Planteamiento El cuadrado del período es proporcional a la longitud en la aproximación de pequeñas oscilaciones. Las medidas tienen dispersión, así que la pendiente gráfica no es única.

  1. Elevamos al cuadrado los períodos, sin redondearlos.

    T2T^2=(0,8100; 1,1664; 2,0449; 3,0625; 4,8400) s2{}= (0{,}8100;\,1{,}1664;\,2{,}0449;\,3{,}0625;\,4{,}8400)\,\mathrm{s^2}
  2. Representamos los cinco puntos con L en metros en el eje horizontal y T² en segundos cuadrados en el vertical. Tomamos la secante entre los puntos extremos como estimación de la pendiente.

    T2=4π2gLT^2=\frac{4\pi^2}{g}Lss=4,8400−0,81001,20−0,20{}= \frac{4{,}8400-0{,}8100}{1{,}20-0{,}20}=4,03 s2/m{}= 4{,}03\,\mathrm{s^2/m}
  3. El campo gravitatorio se obtiene de la pendiente.

    g=4π24,03g=\frac{4\pi^2}{4{,}03}

Resultados=4,03 s2/ms=4{,}03\,\mathrm{s^2/m}; g=9,80 m/s2g=9{,}80\,\mathrm{m/s^2}. T12=0,8100 s2T_1^2=0{,}8100\,\mathrm{s^2}; T22=1,1664 s2T_2^2=1{,}1664\,\mathrm{s^2}; T32=2,0449 s2T_3^2=2{,}0449\,\mathrm{s^2}; T42=3,0625 s2T_4^2=3{,}0625\,\mathrm{s^2}; T52=4,8400 s2T_5^2=4{,}8400\,\mathrm{s^2}.

La pauta oficial da: T²=0,81; 1,17; 2,04; 3,06; 4,84 s²; pendiente gráfica ≈4,00 s²/m; g≈9,87 m/s²

b)1,25 puntos

Planteamiento El péndulo pierde altura y transforma energía potencial en cinética. Utilizamos el valor de g medido en el apartado anterior, sin redondearlo.

  1. Calculamos la altura respecto al punto más bajo.

    hh=L(1−cos⁡30∘){}= L(1-\cos30^\circ)=1,00(1−cos⁡30∘){}= 1{,}00(1-\cos30^\circ)
  2. Toda la energía potencial inicial pasa a cinética en el punto más bajo.

    Umax⁡U_{\max}=Kmax⁡{}= K_{\max}=Em{}= E_m=1,504π24,03(1−cos⁡30∘){}= 1{,}50\frac{4\pi^2}{4{,}03}(1-\cos30^\circ)vmax⁡=2Em/1,50v_{\max}=\sqrt{2E_m/1{,}50}

ResultadoUmax⁡=1,97 JU_{\max}=1{,}97\,\mathrm{J}; Kmax⁡=1,97 JK_{\max}=1{,}97\,\mathrm{J}; Em=1,97 JE_m=1{,}97\,\mathrm{J}; vmax⁡=1,62 m/sv_{\max}=1{,}62\,\mathrm{m/s}.

La pauta oficial da: Umax=Kmax=Em=1,97 J; vmax=1,62 m/s; admite g obtenido en a

Opción B

a)1,25 puntos

Planteamiento El rayo tiene ángulos distintos en el aire y en el agua. La distancia total es la suma de los dos desplazamientos horizontales.

  1. Calculamos el ángulo dentro del agua con Snell.

    θ=arcsin⁡1,00sin⁡40,0∘1,33\theta=\arcsin\frac{1{,}00\sin40{,}0^\circ}{1{,}33}
  2. Los ojos están a dos metros y medio del agua.

    xx=(1,60+0,90)tan⁡40,0∘{}= (1{,}60+0{,}90)\tan40{,}0^\circ+2,00tan⁡θ{}+2{,}00\tan\theta

Resultadox=3,20 mx=3{,}20\,\mathrm{m}.

La pauta oficial da: 3,20 m

b)1,25 puntos

Planteamiento El láser deja de transmitirse hacia fuera por reflexión total. La frecuencia se conserva al atravesar la interfaz, pero cambian velocidad y longitud de onda.

  1. Calculamos el ángulo crítico y la velocidad en el agua.

    θc=arcsin⁡(1,00/1,33)\theta_c=\arcsin(1{,}00/1{,}33)v=3,00⋅1081,33v=\frac{3{,}00\cdot10^8}{1{,}33}
  2. La frecuencia es la de la luz en el aire y la longitud de onda se divide por el índice.

    f=3,00⋅108632,8⋅10−9f=\frac{3{,}00\cdot10^8}{632{,}8\cdot10^{-9}}λ=632,81,33 nm\lambda=\frac{632{,}8}{1{,}33}\,\mathrm{nm}

Resultadoθc=48,75∘\theta_c=48{,}75^\circ; v=2,26⋅108 m/sv=2{,}26\cdot10^8\,\mathrm{m/s}; f=4,74⋅1014 Hzf=4{,}74\cdot10^{14}\,\mathrm{Hz}; λ=476 nm\lambda=476\,\mathrm{nm}.

La pauta oficial da: 48,75°; 2,26·10⁸ m/s; 4,74·10¹⁴ Hz; 476 nm

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2025, convocatoria extraordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

Examen en catalán (PDF)Examen en castellano (PDF)Pauta de corrección (PDF)Reutilizado según el aviso legal de la Generalitat

2025Convocatoria extraordinaria · Serie 3 · Ejercicio 4

2,5 puntosCoincide con la pautaTemas: Física moderna
Enunciado oficial

El isótopo de yodo 131131 (Z=53Z=53) se utiliza en radioterapia para tratar determinadas enfermedades de la tiroides, especialmente el hipertiroidismo y el cáncer de tiroides. Este isótopo se desintegra y da lugar al xenón 131131 estable (Z=54Z=54).

a) Escriba la reacción de desintegración de este isótopo. Complete la reacción nuclear con todas las partículas que intervienen en la reacción y justifique la respuesta. ¿De qué tipo de desintegración se trata? [1,251{,}25 puntos]

b) Si a un paciente se le suministra una pastilla de I-131131 con una actividad de 40,0⋅106 Bq40{,}0\cdot10^{6}\,\mathrm{Bq}, ¿qué masa de yodo 131131 contiene esta pastilla? ¿Qué actividad tendrá el I-131131 al cabo de una semana? Represente en la cuadrícula de abajo la evolución de la actividad durante esta semana en función del tiempo en días. La curva debe tener como mínimo tres puntos calculados. [1,251{,}25 puntos] Datos: Número de Avogadro: NA=6,022⋅1023N_A=6{,}022\cdot10^{23}. m(131I)m({}^{131}\mathrm{I}) = 131 g/mol131\,\mathrm{g/mol}. El periodo de semidesintegración del yodo 131131 es de 8,028{,}02 días.

Cuadrícula para representar la actividad del yodo 131 durante una semana. Eje horizontal Temps (dies), marcado de 0 a 7 con pasos de un día. Eje vertical sin nombre, escala ni valores impresos. No contiene ninguna curva ni punto resuelto.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento Al aumentar el número atómico sin variar el número másico se emite un electrón y un antineutrino electrónico.

  1. Escribimos la desintegración con conservación de carga y nucleones.

    53131I{}^{131}_{53}\mathrm{I}⟶54131Xe{}\longrightarrow {}^{131}_{54}\mathrm{Xe}+−10e+νˉe{}+{}^{0}_{-1}e+\bar\nu_e

ResultadoEs una desintegración beta menos.

La pauta oficial da: I-131 → Xe-131 + e⁻ + antineutrino; β⁻

b)1,25 puntos

Planteamiento La actividad es el producto de la constante de desintegración por el número de núcleos. Convertimos los núcleos a masa con el número de Avogadro.

  1. Ponemos el período en segundos porque la actividad está en becquereles.

    λ=ln⁡28,02⋅86400\lambda=\frac{\ln2}{8{,}02\cdot86400}N0=40,0⋅106λN_0=\frac{40{,}0\cdot10^6}{\lambda}m=N06,022⋅1023⋅131 gm=\frac{N_0}{6{,}022\cdot10^{23}}\cdot131\,\mathrm{g}
  2. Para el gráfico usamos días y calculamos tres puntos; los unimos con una exponencial decreciente, convexa y positiva.

    A(t)=40,0⋅106 2−t/8,02A(t)=40{,}0\cdot10^6\,2^{-t/8{,}02}(t,A)(t,A)=(0,4,00⋅107),(3,5,2,96⋅107),(7,2,18⋅107){}= (0,4{,}00\cdot10^7),(3{,}5,2{,}96\cdot10^7),(7,2{,}18\cdot10^7)

Resultadom=8,70⋅10−9 gm=8{,}70\cdot10^{-9}\,\mathrm{g}; A7=2,18⋅107 BqA_7=2{,}18\cdot10^7\,\mathrm{Bq}. A0=4,00⋅107 BqA_0=4{,}00\cdot10^7\,\mathrm{Bq}; A3.5=2,96⋅107 BqA_{3.5}=2{,}96\cdot10^7\,\mathrm{Bq}.

La pauta oficial da: 8,70·10⁻⁹ g; 2,18·10⁷ Bq

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2025, convocatoria extraordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

Examen en catalán (PDF)Examen en castellano (PDF)Pauta de corrección (PDF)Reutilizado según el aviso legal de la Generalitat

Los otros exámenes de Física, resueltos

Practica cada tema

Cada tema de este examen tiene su página con todos los ejercicios de la PAU de Física de 2021 a 2026.

Campo gravitatorioFísica modernaInducción electromagnéticaCampo magnéticoCampo eléctricoMovimiento armónico simpleÓpticaTodos los temas de Física

Preguntas frecuentes

¿Cómo era el examen extraordinario de Física de 2025?

Por temas, los puntos eran: campo gravitatorio (2,5 puntos) y física moderna (2,5 puntos). Ejercicio 2, a elegir: opción A, inducción electromagnética y campo magnético; opción B, campo eléctrico y física moderna. Ejercicio 3, a elegir: opción A, movimiento armónico simple; opción B, óptica.

¿Las soluciones son las oficiales?

No: las escribe EducaIA, paso a paso, y cada apartado está contrastado con la pauta oficial de corrección. En 1 de los 4 ejercicios nuestra respuesta no coincide del todo con la pauta (por unos datos imposibles): lo explicamos al lado de la solución.

¿Dónde están el examen oficial y la pauta?

En los enlaces de arriba del todo: el PDF del examen en catalán y en castellano y el de la pauta de corrección, en la web de la Generalitat. El botón de imprimir prepara el examen con espacio para responder y las soluciones aparte.

¿Tienes la PAU de Física este curso?

Sube tus apuntes de Física y EducaIA te prepara el plan día a día hasta la PAU, con resúmenes, flashcards y test de tus propios temas.

Prepara la PAU de Física en EducaIA

Todos los exámenes de CataluñaCentro PAU de CataluñaCalculadora de nota PAU

Enunciado oficial

Toca la imagen para acercarla o alejarla.