Campo eléctrico: ejercicios de la PAU de Física resueltos

Los 22 ejercicios de campo eléctrico de la PAU de Física de Cataluña de 2021 a 2026: el enunciado tal como salió en el examen y la solución paso a paso, contrastada con la pauta de corrección. Cuando la pauta da otra cifra, te decimos por qué.

Exámenes enteros con este tema:2026 · junio · serie 12026 · junio · serie 52026 · extraordinaria2025 · junio · serie 12025 · extraordinaria2024 · junio · serie 12024 · junio · serie 52024 · extraordinaria2023 · junio · serie 12023 · junio · serie 52023 · extraordinaria2022 · junio · serie 22022 · junio · serie 52022 · extraordinaria2021 · junio · serie 22021 · junio · serie 52021 · extraordinaria

Lo que más se ha repetido en los exámenes

Los tipos de apartado que más se han repetido en este tema, cómo se resuelven y en cuántos de los 17 exámenes con ejercicios de este tema (2021–2026) han salido. Es lo que ha pasado, no una predicción. Desde 2025 el examen sigue el nuevo modelo de la PAU: entre paréntesis, el recuento de esos años.

En 8 de 17 exámenes (1 de 5 desde 2025)

  1. El campo de cada carga puntual sale de las positivas y entra en las negativas; los campos de varias cargas se suman como vectores. Fuera de una esfera cargada, el campo es el de toda su carga en el centro.

    E⃗=∑ikqiri2 r^i\vec E=\sum_i k\frac{q_i}{r_i^2}\,\hat r_i
  2. El potencial es un escalar: se suma con su signo, sin direcciones.

    V=∑ikqiriV=\sum_i k\frac{q_i}{r_i}
  3. La fuerza sobre otra carga es F⃗=qE⃗\vec F=q\vec E; para encontrar el punto donde es nula, iguala los módulos de las fuerzas.

    F⃗=q E⃗\vec F=q\,\vec E

En 5 de 17 exámenes (1 de 5 desde 2025)

  1. Las líneas de campo salen de las cargas positivas, entran en las negativas, no se cruzan y apuntan hacia el potencial decreciente.

    E⃗=−∇V\vec E=-\nabla V
  2. Las equipotenciales son perpendiculares a las líneas de campo en cada punto; alrededor de una carga puntual son circunferencias.

    V=kqr=V0  ⇒  r=kqV0V=\frac{kq}{r}=V_0\;\Rightarrow\; r=\frac{kq}{V_0}
  3. Para situarlas a escala, calcula el radio de cada valor de VV: se juntan al acercarte a la carga (no están equiespaciadas).

    rn=kqVnr_n=\frac{kq}{V_n}

En 4 de 17 exámenes (0 de 5 desde 2025)

  1. El trabajo del campo entre dos puntos depende solo de la diferencia de potencial, con el signo de la carga: si es positivo, el campo mueve la carga por sí solo; si es negativo, hay que aportar energía.

    WE=−q (VB−VA)=−ΔUW_E=-q\,(V_B-V_A)=-\Delta U
  2. La fuerza externa que lleva la carga sin acelerarla hace el trabajo opuesto; si viene del infinito, VA=0V_A=0.

    Wext=−WE=q ΔVW_{\mathrm{ext}}=-W_E=q\,\Delta V
  3. La energía de un sistema de cargas es la suma de la de cada pareja.

    U=∑i<jkqiqjrijU=\sum_{i<j}k\frac{q_iq_j}{r_{ij}}

En 9 de 17 exámenes (2 de 5 desde 2025)

  1. Entre placas planas y paralelas el campo es uniforme; sobre una carga negativa la fuerza va en sentido contrario al campo.

    E=ΔVdE=\frac{\Delta V}{d}F=∣q∣EF=|q|E
  2. Con la segunda ley de Newton, la aceleración es constante.

    a=Fm=∣q∣Ema=\frac{F}{m}=\frac{|q|E}{m}
  3. Por energía: el trabajo del campo se convierte en energía cinética (si parte del reposo, v0=0v_0=0).

    ∣q∣ ∣ΔV∣|q|\,|\Delta V|=12mv2{}= \tfrac12mv^2−12mv02{}-\tfrac12mv_0^2

En 3 de 17 exámenes (1 de 5 desde 2025)

  1. Dibuja las fuerzas: el peso hacia abajo y la eléctrica hacia arriba. El signo de la carga decide el sentido del campo necesario.

    Fe=PF_e=P
  2. En equilibrio se compensan. Entre dos cargas, la fuerza eléctrica es la de Coulomb; en un campo, qEqE. La masa de una gota esférica es ρ⋅43πr3\rho\cdot\tfrac43\pi r^3.

    qE=mgqE=mgo kq2r2=mg\text{o}\ \quad k\frac{q^2}{r^2}=mg
  3. Despeja la carga (o la masa) y, para saber cuántos electrones son, divide entre la carga elemental.

    n=∣q∣en=\frac{|q|}{e}e=1,602×10−19 Ce=1{,}602\times10^{-19}\,\mathrm{C}

Los ejercicios, del más reciente al más antiguo

2026Convocatoria ordinaria · Serie 1 · Ejercicio 2

2,5 puntosCoincide con la pautaTambién en Física moderna
Enunciado oficial

Ejercicio 2. Campos electromagnéticos

[2,5 puntos en total]

Los rayos X se generan mediante un tubo de vacío que contiene dos placas de tungsteno. La placa negativa (cátodo) se calienta y emite electrones, que se aceleran hacia la placa positiva (ánodo). Cuando chocan con esta otra placa, los electrones se detienen bruscamente y se producen los rayos X.

2.1. La diferencia de potencial entre dos placas de un tubo de rayos X es de 70,0 kV70{,}0\,\mathrm{kV} y la separación entre ellas es de 2,00 cm2{,}00\,\mathrm{cm}. Calcule el módulo del campo eléctrico (suponiendo que es constante y uniforme entre las placas) y, a continuación, el módulo de la fuerza eléctrica que experimenta un electrón dentro del tubo. En la figura adjunta, represente el campo eléctrico entre placas y la fuerza eléctrica que actúa sobre el electrón. [1,25 puntos]

2.2. Determine la energía cinética y la velocidad de un electrón cuando llega al ánodo, suponiendo que parte del reposo desde el cátodo. A continuación, sabiendo que en la colisión con el ánodo el electrón pierde parte de su energía, que se convierte en un fotón de rayos X con una longitud de onda de 1,00 nm1{,}00\,\mathrm{nm}, calcule la energía de este fotón y la nueva velocidad del electrón tras la emisión. [1,25 puntos]

Datos: ∣e∣=1,602×10−19 C|e|=1{,}602\times10^{-19}\,\mathrm{C}. me=9,11×10−31 kgm_e=9{,}11\times10^{-31}\,\mathrm{kg}. c=3,00×108 m s−1c=3{,}00\times10^8\,\mathrm{m\,s^{-1}}. h=6,63×10−34 J sh=6{,}63\times10^{-34}\,\mathrm{J\,s}.

Nota: Desprecie los efectos del campo magnético terrestre y los efectos relativistas.

Tubo de rayos X: cátodo a la izquierda y ánodo a la derecha; un electrón se mueve a la derecha con vector velocidad v. Cerca del ánodo aparecen un electrón y una flecha ondulada que representa el fotón emitido hacia abajo y a la izquierda. La figura no contiene valores numéricos.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

2.11,25 puntos

Planteamiento Entre placas paralelas con campo uniforme, el módulo es la diferencia de potencial dividida por la separación. La fuerza sobre el electrón es opuesta al campo porque la carga es negativa.

  1. Convertimos los datos al SI.

    EE=ΔVd=70,0×1032,00×10−2{}= \frac{\Delta V}{d}=\frac{70{,}0\times10^3}{2{,}00\times10^{-2}}=3,5×106 N/C{}= 3{,}5\times10^6\,\mathrm{N/C}
  2. Multiplicamos el campo por la carga en valor absoluto.

    FF=∣e∣E{}= |e|E=(1,602×10−19)(3,5×106){}= (1{,}602\times10^{-19})(3{,}5\times10^6)=5,607×10−13 N{}= 5{,}607\times10^{-13}\,\mathrm{N}
  3. Dibujamos varias líneas rectas, paralelas y equidistantes del ánodo positivo al cátodo negativo. La fuerza del electrón apunta al ánodo.

    F⃗=−∣e∣E⃗\vec F=-|e|\vec E

ResultadoE=3,5×106 N/CE=3{,}5\times10^6\,\mathrm{N/C}; F=5,61×10−13 NF=5{,}61\times10^{-13}\,\mathrm{N}. Campo hacia el cátodo; fuerza hacia el ánodo.

La pauta oficial da: E = 3,5 × 10⁶ N/C; F = 5,61 × 10⁻¹³ N

Dos placas verticales paralelas, cátodo negativo a la izquierda y ánodo positivo a la derecha, separadas 2,00 cm. Cuatro líneas rectas horizontales y equidistantes tienen flechas a la izquierda: el campo eléctrico uniforme del ánodo al cátodo tiene módulo 3,5×10⁶ N/C. Un electrón entre las placas recibe una fuerza de 5,61×10⁻¹³ N hacia la derecha, hacia el ánodo. Se indica F=qE=−|e|E: campo y fuerza tienen sentidos opuestos.

2.21,25 puntos

Planteamiento El trabajo eléctrico se convierte en energía cinética. Seguimos el modelo no relativista que pide expresamente la nota; después restamos la energía del fotón emitido.

  1. Obtenemos la energía y la velocidad antes del choque.

    KiK_i=∣e∣ΔV{}= |e|\Delta V=(1,602×10−19)(70,0×103){}= (1{,}602\times10^{-19})(70{,}0\times10^3)=1,1214×10−14 J{}= 1{,}1214\times10^{-14}\,\mathrm{J}viv_i=2Kime{}= \sqrt{\frac{2K_i}{m_e}}=1,569×108 m s−1{}= 1{,}569\times10^8\,\mathrm{m\,s^{-1}}
  2. Calculamos la energía del fotón.

    EγE_\gamma=hcλ=(6,63×10−34)(3,00×108)1,00×10−9{}= \frac{hc}{\lambda}=\frac{(6{,}63\times10^{-34})(3{,}00\times10^8)}{1{,}00\times10^{-9}}=1,989×10−16 J{}= 1{,}989\times10^{-16}\,\mathrm{J}
  3. Conservamos la energía en la emisión y volvemos a despejar la velocidad.

    KfK_f=Ki−Eγ{}= K_i-E_\gamma=1,1015×10−14 J{}= 1{,}1015\times10^{-14}\,\mathrm{J}vfv_f=2Kf9,11×10−31{}= \sqrt{\frac{2K_f}{9{,}11\times10^{-31}}}=1,5551×108 m s−1{}= 1{,}5551\times10^8\,\mathrm{m\,s^{-1}}

ResultadoKi=1,12×10−14 JK_i=1{,}12\times10^{-14}\,\mathrm{J}; vi=1,57×108 m s−1v_i=1{,}57\times10^8\,\mathrm{m\,s^{-1}}; Eγ=1,99×10−16 JE_\gamma=1{,}99\times10^{-16}\,\mathrm{J}; vf=1,56×108 m s−1v_f=1{,}56\times10^8\,\mathrm{m\,s^{-1}}.

La pauta oficial da: Ki = 1,12 × 10⁻¹⁴ J; vi = 1,57 × 10⁸ m/s; Eγ = 1,99 × 10⁻¹⁶ J; vf = 1,56 × 10⁸ m/s

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2026, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

El examen entero, resueltoExamen en catalán (PDF)Examen en castellano (PDF)Pauta de corrección (PDF)Reutilizado según el aviso legal de la Generalitat

2026Convocatoria ordinaria · Serie 5 · Ejercicio 2

2,5 puntosLa pauta redondea distintoTambién en Campo magnético
Enunciado oficial

Ejercicio 2. Campos electromagnéticos

[2,5 puntos en total]

La figura muestra el esquema de un espectrómetro de masas. Se tiene un ion de cloro (Cl+\mathrm{Cl^+}) que sale de la fuente de iones hacia el selector de velocidades. En el selector de velocidades hay un campo eléctrico generado por las placas cargadas y un campo magnético externo B1B_1, en sentido hacia afuera del papel.

2.1. Se quiere que los iones salgan del selector de velocidades a una velocidad de 4,00×104 m s−14{,}00\times10^{4}\,\mathrm{m\,s^{-1}}. Dibuje el diagrama de las fuerzas que actúan sobre el ion Cl+\mathrm{Cl^+} dentro del selector de velocidades. Si el voltaje aplicado a las placas, que están separadas a una distancia de 20,0 mm20{,}0\,\mathrm{mm}, es de 500 V500\,\mathrm{V}, ¿cuál debe ser el valor del módulo del campo magnético B1B_1 para que los iones salgan con la velocidad deseada? [1,25 puntos]

2.2. Posteriormente, los iones entran por una rendija en una zona donde solo hay un campo magnético B2B_2, de módulo 0,30 T0{,}30\,\mathrm{T}, en sentido hacia afuera del papel. ¿A qué distancia dd de la rendija impactará el ion Cl+\mathrm{Cl^+}? Calcule también cuál será el incremento de la energía cinética del ion desde que sale del selector de velocidades hasta que impacta en la placa. [1,25 puntos]

Datos: ∣e∣=1,602×10−19 C|e|=1{,}602\times10^{-19}\,\mathrm{C}. Masa del ion de cloro: Cl+=5,81×10−26 kg\mathrm{Cl^+}=5{,}81\times10^{-26}\,\mathrm{kg}.

Espectrómetro de masas. A la izquierda, el selector de velocidades: dos placas horizontales, la de arriba con cargas negativas y la de abajo con positivas, y entre ellas el campo B1 saliendo del papel. El ion positivo sale hacia la derecha con velocidad v por una rendija de una placa vertical. A la derecha, una zona con el campo B2 saliendo del papel, donde el ion describe media circunferencia hacia abajo y choca con la placa vertical a una distancia d por debajo de la rendija.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

2.11,25 puntos

Planteamiento Se piden el diagrama de fuerzas sobre el ion dentro del selector y el campo B1B_1 que deja pasar sin desviarse a los iones de 4,00×104 m s−14{,}00\times10^{4}\,\mathrm{m\,s^{-1}}. En la figura la placa de arriba es negativa y la de abajo, positiva.

  1. Fuerza eléctrica: el campo va de la placa positiva (abajo) a la negativa (arriba) y la carga del ion es positiva, así que la fuerza eléctrica apunta hacia arriba, en el sentido del campo.

    F⃗E=qE⃗\vec F_E=q\vec E
  2. Fuerza magnética: con v⃗\vec v hacia la derecha y B⃗1\vec B_1 saliendo del papel, la regla de la mano derecha da v⃗×B⃗1\vec v\times\vec B_1 hacia abajo; como q>0q>0, la fuerza magnética apunta hacia abajo (figura).

    F⃗B=q v⃗×B⃗1\vec F_B=q\,\vec v\times\vec B_1
  3. Campo eléctrico entre las placas:

    EE=ΔVd=50020,0×10−3{}= \frac{\Delta V}{d}=\frac{500}{20{,}0\times10^{-3}}=2,50×104 V m−1{}= 2{,}50\times10^{4}\,\mathrm{V\,m^{-1}}
  4. El ion sale sin desviarse si las dos fuerzas se compensan; como v⃗⊥B⃗1\vec v\perp\vec B_1, FB=qvB1F_B=qvB_1:

    qEqE=qvB1{}= qvB_1⇒B1{}\Rightarrow B_1=Ev{}= \frac Ev=2,50×1044,00×104{}= \frac{2{,}50\times10^{4}}{4{,}00\times10^{4}}=0,625 T{}= 0{,}625\,\mathrm{T}

ResultadoF⃗E\vec F_E hacia arriba y F⃗B\vec F_B hacia abajo, del mismo módulo. E=2,50×104 V m−1E=2{,}50\times10^{4}\,\mathrm{V\,m^{-1}}; B1=0,625 TB_1=0{,}625\,\mathrm{T}.

La pauta oficial da: E = 2,50 × 10⁴ V; B = 0,625 T

El ion positivo entre las placas del selector, la de arriba negativa y la de abajo positiva, con B1 saliendo del papel. El campo E apunta hacia arriba. Sobre el ion: la fuerza eléctrica FE = qE hacia arriba y la fuerza magnética FB = q v × B1 hacia abajo, de igual módulo; la velocidad v va hacia la derecha.

2.21,25 puntos

Planteamiento Se pide a qué distancia de la rendija impacta el ion y cuánto cambia su energía cinética. En la zona donde solo hay B2B_2 la fuerza magnética es perpendicular a la velocidad: el ion describe media circunferencia y choca a una distancia igual al diámetro.

  1. La fuerza magnética hace de fuerza centrípeta (v⃗⊥B⃗2\vec v\perp\vec B_2):

    qvB2=mv2r  ⇒  r=mvqB2qvB_2=m\frac{v^2}{r}\;\Rightarrow\;r=\frac{mv}{qB_2}
  2. Sustituimos; la carga del ion es q=+∣e∣q=+|e|:

    rr=5,81×10−26⋅4,00×1041,602×10−19⋅0,30{}= \frac{5{,}81\times10^{-26}\cdot4{,}00\times10^{4}}{1{,}602\times10^{-19}\cdot0{,}30}=4,836×10−2 m{}= 4{,}836\times10^{-2}\,\mathrm{m}
  3. El ion recorre media vuelta, hacia abajo como en la figura, antes de chocar con la placa:

    dd=2r=2⋅4,836×10−2{}= 2r=2\cdot4{,}836\times10^{-2}=9,67×10−2 m{}= 9{,}67\times10^{-2}\,\mathrm{m}
  4. La fuerza magnética es siempre perpendicular a la velocidad: no hace trabajo, el módulo de la velocidad no cambia y la energía cinética tampoco.

    WB=0  ⇒  ΔEc=0W_B=0\;\Rightarrow\;\Delta E_c=0

Resultadod=2r=9,67×10−2 md=2r=9{,}67\times10^{-2}\,\mathrm{m} (unos 9,7 cm9{,}7\,\mathrm{cm}); ΔEc=0\Delta E_c=0.

La pauta oficial da: r = 4,83 × 10⁻² m; d = 9,67 × 10⁻² m; ΔE_c = 0

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2026, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 30 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

El examen entero, resueltoExamen en catalán (PDF)Examen en castellano (PDF)Pauta de corrección (PDF)Reutilizado según el aviso legal de la Generalitat

2026Convocatoria extraordinaria · Serie 2 · Ejercicio 2

2,5 puntosCoincide con la pautaTambién en Inducción electromagnética
Enunciado oficial

Ejercicio 2. Campos electromagnéticos

[2,5 puntos en total]

Escoja UNA de las dos opciones (A o B) y responda a los apartados correspondientes. Indique en la portada del examen la opción elegida.

OPCIÓN A

Una carga puntual qA=−2,00 μCq_A=-2{,}00\,\mathrm{\mu C} se encuentra en el origen de coordenadas, y una carga puntual qB=−4,00 μCq_B=-4{,}00\,\mathrm{\mu C} está en la posición x=1,00 mx=1{,}00\,\mathrm{m} e y=0,00 my=0{,}00\,\mathrm{m}.

2.1. Represente las dos cargas en la cuadrícula (plano xyxy). Dibuje también cualitativamente (de forma aproximada) las líneas del campo eléctrico y las líneas equipotenciales generadas por este sistema de dos cargas. [1,25 puntos]

2.2. ¿En qué punto del eje xx se debe colocar una tercera carga, qC=−8,00 μCq_C=-8{,}00\,\mathrm{\mu C}, de modo que la fuerza eléctrica total sobre qCq_C sea nula? Calcule el trabajo que realiza el campo eléctrico cuando la carga qCq_C se desplaza desde la posición inicial que ha calculado hasta un punto equidistante de qAq_A y qBq_B situado en el eje xx. Interprete el signo del resultado obtenido. [1,25 puntos]

Datos: kk=14πε0{}= \dfrac1{4\pi\varepsilon_0}=8,99×109 N m2 C−2{}= 8{,}99\times10^9\,\mathrm{N\,m^2\,C^{-2}}.

OPCIÓN B

Una espira cuadrada de 10,0 cm10{,}0\,\mathrm{cm} de lado se mueve a una velocidad constante de 5,00 cm s−15{,}00\,\mathrm{cm\,s^{-1}} y entra en una región donde existe un campo magnético uniforme, perpendicular al plano de la página y dirigido hacia el interior. El módulo del campo magnético es de 5,00 mT5{,}00\,\mathrm{mT}. La anchura de la región con campo magnético es de 30,0 cm30{,}0\,\mathrm{cm}. Se toma como instante inicial t=0 st=0\,\mathrm{s}, el momento en que la espira comienza a entrar en la región con campo magnético.

2.1. Calcule el valor absoluto del flujo magnético que atraviesa la espira en los instantes t=1,00 st=1{,}00\,\mathrm{s}, t=5,00 st=5{,}00\,\mathrm{s} y t=7,00 st=7{,}00\,\mathrm{s}. [1,25 puntos]

2.2. Represente en la cuadrícula de abajo el valor absoluto de la fuerza electromotriz inducida en función del tiempo durante los primeros 9,00 s9{,}00\,\mathrm{s}. Justifique el sentido de la corriente inducida en los diferentes intervalos en los que se genera la fuerza electromotriz. [1,25 puntos]

Cuadrícula del plano xy, con x e y en metros. El eje x va de −1,0 a 2,0 y el eje y de −2,0 a 2,0, con divisiones principales de 0,5. No están dibujadas las cargas ni las líneas; se deben añadir qA en (0,0) y qB en (1,0).
Espira cuadrada de 10 cm por 10 cm, a la izquierda de una franja magnética de 30 cm de anchura. En t=0 el lado derecho de la espira coincide con el límite izquierdo de la franja. La flecha del movimiento apunta a la derecha y las cruces indican B entrando en el papel.
Cuadrícula para representar la fem: eje horizontal Temps (s), con marcas 0, 2, 4, 6 y 8 y límite en 9 s. El eje vertical no tiene unidad ni escala numérica asignada y se debe etiquetar como valor absoluto de la fem en voltios.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

Opción A

2.11,25 puntos

Planteamiento Las líneas de campo terminan en cargas negativas; las equipotenciales son perpendiculares al campo. Representamos el doble de líneas asociadas a la carga de módulo doble.

  1. Situamos las cargas sobre el eje horizontal.

    qA:(0,0)q_A:(0,0)qB:(1,0) mq_B:(1,0)\,\mathrm{m}
  2. Las flechas apuntan hacia las cargas; no unen una carga negativa con la otra. Las equipotenciales son curvas cerradas, más próximas entre sí donde el campo es más intenso.

    E⃗=−∇V\vec E=-\nabla VV=k(qArA+qBrB)V=k\left(\frac{q_A}{r_A}+\frac{q_B}{r_B}\right)

ResultadoCargas en (0,0) y (1,0); líneas entrantes, aproximadamente el doble en qB; equipotenciales perpendiculares al campo.

La pauta oficial da: Representación cualitativa de campo y equipotenciales

Representación original del plano xy: qA=−2,00 μC en (0,0) y qB=−4,00 μC en (1,0), con coordenadas en metros. Seis líneas azules continuas terminan en qA y doce en qB; todas las flechas apuntan hacia las cargas negativas. Las líneas se curvan hacia una carga u otra y no unen las dos cargas negativas. Las curvas naranjas discontinuas son equipotenciales obtenidas de V=k(qA/rA+qB/rB): son perpendiculares al campo; cerca de cada carga se cierran a su alrededor y más lejos rodean el conjunto. Un círculo vacío marca el punto físico E=0 sobre el eje x en x=√2−1=0,414… m. Las líneas de campo se han integrado del campo de Coulomb; el punto de campo nulo no es una tercera carga.

2.21,25 puntos

Planteamiento La carga de prueba es negativa, por lo que ambas fuerzas son repulsivas y solo pueden compensarse entre las dos cargas. El trabajo del campo es menos el cambio de energía potencial.

  1. Igualamos módulos y elegimos la raíz situada entre 0 y 1.

    2x2\frac{2}{x^2}=4(1−x)2{}= \frac4{(1-x)^2}⇒x2+2x−1=0{}\Rightarrow x^2+2x-1=0⇒x=2−1{}\Rightarrow x=\sqrt2-1=0,41421 m{}= 0{,}41421\,\mathrm{m}
  2. Calculamos los potenciales sin redondear la posición.

    ViV_i=8,99×109(−2,00×10−62−1+−4,00×10−62−2){}= 8{,}99\times10^9\left(\frac{-2{,}00\times10^{-6}}{\sqrt2-1}+\frac{-4{,}00\times10^{-6}}{2-\sqrt2}\right)=−1,048×105 V{}= -1{,}048\times10^{5}\,\mathrm{V}VfV_f=8,99×109−6,00×10−60,5{}= 8{,}99\times10^9\frac{-6{,}00\times10^{-6}}{0{,}5}=−1,0788×105 V{}= -1{,}0788\times10^{5}\,\mathrm{V}
  3. El signo negativo significa que hace falta trabajo externo positivo si el traslado es cuasiestático.

    WcampW_{camp}=−qC(Vf−Vi){}= -q_C(V_f-V_i)=−(−8,00×10−6)(−3085 V){}= -(-8{,}00\times10^{-6})(-3085\,\mathrm{V})=−0,02468 J{}= -0{,}02468\,\mathrm{J}

Resultadox=0,414 mx=0{,}414\,\mathrm{m}; Wcampo=−2,47×10−2 JW_{campo}=-2{,}47\times10^{-2}\,\mathrm{J}. El campo se opone al traslado.

La pauta oficial da: x = 0,414 m; W = −2,47 × 10⁻² J

Opción B

2.11,25 puntos

Planteamiento El flujo es B multiplicado por el área de la espira que está dentro del campo. Hay que determinar la longitud solapada en cada instante.

  1. Convertimos longitudes y velocidad al SI.

    l=0,100 ml=0{,}100\,\mathrm{m}v=0,0500 m/sv=0{,}0500\,\mathrm{m/s}B=0,00500 TB=0{,}00500\,\mathrm{T}
  2. Durante la entrada, la superficie es lvt.

    ∣Φ(1)∣|\Phi(1)|=Blv(1){}= Blv(1)=(0,00500)(0,100)(0,0500){}= (0{,}00500)(0{,}100)(0{,}0500)=2,5×10−5 Wb{}= 2{,}5\times10^{-5}\,\mathrm{Wb}
  3. A los cinco segundos toda la espira está dentro; a los siete segundos solo queda la mitad.

    ∣Φ(5)∣=Bl2=5,0×10−5 Wb|\Phi(5)|=Bl^2=5{,}0\times10^{-5}\,\mathrm{Wb}∣Φ(7)∣|\Phi(7)|=Bl(0,400−v⋅7){}= Bl(0{,}400-v\cdot7)=2,5×10−5 Wb{}= 2{,}5\times10^{-5}\,\mathrm{Wb}

Resultado∣Φ(1)∣=2,5×10−5 Wb|\Phi(1)|=2{,}5\times10^{-5}\,\mathrm{Wb}; ∣Φ(5)∣=5,0×10−5 Wb|\Phi(5)|=5{,}0\times10^{-5}\,\mathrm{Wb}; ∣Φ(7)∣=2,5×10−5 Wb|\Phi(7)|=2{,}5\times10^{-5}\,\mathrm{Wb}.

La pauta oficial da: 2,5 × 10⁻⁵; 5,0 × 10⁻⁵; 2,5 × 10⁻⁵ Wb

2.21,25 puntos

Planteamiento Faraday da una fem solo mientras cambia el flujo. La ley de Lenz fija el sentido de la corriente que se opone a ese cambio.

  1. Calculamos los tiempos de los cambios de tramo.

    t1=l/v=2 st_1=l/v=2\,\mathrm{s}t2=0,300/v=6 st_2=0{,}300/v=6\,\mathrm{s}t3=(0,300+l)/v=8 st_3=(0{,}300+l)/v=8\,\mathrm{s}
  2. La fem tiene el mismo módulo constante al entrar y salir. En los instantes límite la derivada ideal es discontinua.

    ∣ℰ∣|\mathcal E|=Blv{}= Blv=(0,00500)(0,100)(0,0500){}= (0{,}00500)(0{,}100)(0{,}0500)=2,5×10−5 V{}= 2{,}5\times10^{-5}\,\mathrm{V}
  3. Dibujamos dos pulsos rectangulares: entre 0 y 2 s y entre 6 y 8 s. El resto hasta 9 s es cero. Al entrar la corriente es antihoraria; al salir, horaria.

    ∣ℰ(t)∣|\mathcal E(t)|={Blv0<t<2 o 6<t<802<t<6 o 8<t≤9{}= \begin{cases}Blv&0<t<2\ \text{o}\ 6<t<8\\0&2<t<6\ \text{o}\ 8<t\le9\end{cases}

Resultado∣ℰ∣=2,5×10−5 V|\mathcal E|=2{,}5\times10^{-5}\,\mathrm{V} durante 0<t<20<t<2 y 6<t<8 s6<t<8\,\mathrm{s}; cero en los demás intervalos. Corriente antihoraria entrando y horaria saliendo.

La pauta oficial da: 2,5 × 10⁻⁵ V en 0–2 y 6–8 s; antihorario entrando y horario saliendo

Gráfica original del valor absoluto de la fem entre 0 y 9 s. Eje vertical |ε| en unidades de 10⁻⁵ V: dos pulsos de nivel 2,5, el primero de 0 a 2 s y el segundo de 6 a 8 s. La fem es cero entre 2 y 6 s y entre 8 y 9 s. Los segmentos verticales discontinuos representan saltos del modelo ideal en los límites, no un intervalo de variación continua. Durante la entrada aumenta el flujo hacia dentro del papel: el campo inducido sale del papel, representado por un punto dentro de un círculo, y la corriente es antihoraria. Durante la salida disminuye el flujo hacia dentro: el campo inducido entra, representado por una cruz dentro de un círculo, y la corriente es horaria. La ley de Lenz se opone al cambio de flujo.

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2026, convocatoria extraordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

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2025Convocatoria ordinaria · Serie 1 · Ejercicio 2

2,5 puntosCoincide con la pautaTambién en Inducción electromagnética, Campo magnético
Enunciado oficial

Escoja UNA de las dos opciones (A o B) y responda a los apartados correspondientes.

OPCIÓN A

El experimento de Millikan permitió determinar la carga del electrón. El montaje de este experimento consta de dos placas metálicas horizontales, una sobre la otra, separadas verticalmente por una distancia d y conectadas a una fuente de potencial eléctrico regulable. En el espacio que hay entre las placas se introducen algunas gotitas de aceite cargadas negativamente. El experimento consiste en crear un campo eléctrico entre las placas y conseguir una posición de equilibrio de las gotitas de aceite contrarrestando su peso.

a) Realice un esquema del dispositivo empleado por Millikan, dibujando las fuerzas que actúan sobre una gota de aceite esférica. Indique y razone el signo de la carga que tendrá cada placa y la dirección y el sentido del campo eléctrico generado por ellas. Suponiendo que las placas se conectan a un potencial eléctrico de 2,00 kV2{,}00\,\mathrm{kV} y que la distancia entre placas es d=2,00 cmd=2{,}00\,\mathrm{cm}, calcule el campo eléctrico creado entre placas y dibújelo en el mismo esquema. [1,251{,}25 puntos]

b) Teniendo en cuenta que la densidad del aceite es de 923 kg m−3923\,\mathrm{kg\,m^{-3}} y que el radio de una gota es de 1,08 μm1{,}08\,\mathrm{μm}, calcule la carga de una gota que se encuentra en equilibrio. ¿Cuántos electrones son necesarios para generar esta carga? ¿Qué se observaría si ilumináramos la gota con rayos ultravioletas y esta perdiera un electrón? Justifique la respuesta. [1,251{,}25 puntos] Datos: ∣e∣=1,602⋅10−19 C|e|=1{,}602\cdot10^{-19}\,\mathrm{C}. me=9,11⋅10−31 kgm_e=9{,}11\cdot10^{-31}\,\mathrm{kg}. g=9,8 m s−2g=9{,}8\,\mathrm{m\,s^{-2}}. Volumen de una esfera: 43πr3\frac{4}{3}\pi r^3.

OPCIÓN B

Formamos un circuito con un cable metálico en forma de U y cerramos la parte superior con una barra metálica que se puede deslizar libremente, tal como muestra la figura. La anchura de la U es de 0,25 m0{,}25\,\mathrm{m}, e inicialmente la altura del circuito es de 0,30 m0{,}30\,\mathrm{m}. A continuación, desplazamos la barra hacia abajo a una velocidad constante de 5,00 m s−15{,}00\,\mathrm{m\,s^{-1}}. Este circuito se encuentra situado en una región del espacio donde hay un campo magnético de módulo B=2,00 TB=2{,}00\,\mathrm{T}, perpendicular al plano que forma el circuito y con sentido hacia afuera del papel.

a) Calcule la expresión del flujo magnético del circuito en función del tiempo y la fuerza electromotriz inducida al circuito. Indique el sentido de circulación de la corriente inducida y justifique la respuesta. [1,251{,}25 puntos]

b) Supongamos que la barra presenta una resistencia de 50,0 Ω50{,}0\,\mathrm{Ω} y el resto del circuito no presenta resistencia alguna. Calcule la intensidad eléctrica que circulará por el circuito. Calcule la fuerza magnética que actúa sobre la barra y represéntela en la figura. [1,251{,}25 puntos]

Opción B. Circuito en U con barra horizontal superior deslizante. Anchura 0,25 m, altura inicial 0,3 m. Flecha v hacia abajo en el centro de la barra. Puntos negros representan el campo B saliente del papel, que cubre todo el circuito. No se indica corriente en la figura.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

Opción A

a)1,25 puntos

Planteamiento La gota negativa debe recibir una fuerza eléctrica ascendente para equilibrar el peso. El campo entre placas planas es uniforme.

  1. Esquema: placa superior positiva, placa inferior negativa; campo vertical hacia abajo, peso hacia abajo y fuerza eléctrica hacia arriba sobre la gota.

    P⃗↓\vec P\downarrowE⃗↓\vec E\downarrowF⃗e=qE⃗↑\vec F_e=q\vec E\uparrow
  2. Dividimos la diferencia de potencial por la separación de las placas.

    EE=ΔVd=2,00⋅1032,00⋅10−2{}= \frac{\Delta V}{d}=\frac{2{,}00\cdot10^3}{2{,}00\cdot10^{-2}}

ResultadoE=1,00⋅105 V/mE=1{,}00\cdot10^5\,\mathrm{V/m}.

La pauta oficial da: 10⁵ V/m, hacia abajo

b)1,25 puntos

Planteamiento Obtenemos la masa con la densidad y el volumen esférico e imponemos el equilibrio. La carga es negativa porque la gota tiene electrones adicionales.

  1. Calculamos la masa y la carga sin redondear la masa.

    mm=ρ4πr33{}= \rho\frac{4\pi r^3}{3}=9234π(1,08⋅10−6)33{}= 923\frac{4\pi(1{,}08\cdot10^{-6})^3}{3}q=−mgEq=-\frac{mg}{E}
  2. El cociente se aproxima a un número entero de electrones. Si pierde uno, disminuye la fuerza ascendente y la gota cae.

    NN=∣q∣1,602⋅10−19{}= \frac{|q|}{1{,}602\cdot10^{-19}}=2,979…≃3{}= 2{,}979\ldots\simeq3

Resultadoq=−4,77⋅10−19 Cq=-4{,}77\cdot10^{-19}\,\mathrm{C}; N=3N=3.

La pauta oficial da: |q|=4,77·10⁻¹⁹ C; 3 electrones; cae

Opción B

a)1,25 puntos

Planteamiento La barra reduce el área y el flujo saliente. La ley de Lenz exige un corriente que cree campo saliente y, por tanto, antihorario.

  1. Fijamos la normal positiva hacia fuera y calculamos el área mientras la barra no llega al fondo.

    A(t)=0,25(0,30−5,00t)A(t)=0{,}25(0{,}30-5{,}00t)Φ(t)\Phi(t)=2,00A(t){}= 2{,}00A(t)=(0,150−2,50t) Wb{}= (0{,}150-2{,}50t)\,\mathrm{Wb}0≤t≤0,0600 s0\le t\le0{,}0600\,\mathrm{s}
  2. Derivamos el flujo con signo contrario.

    ε=−dΦdt=2,50 V\varepsilon=-\frac{d\Phi}{dt}=2{,}50\,\mathrm{V}

ResultadoΦ0=0,150 Wb\Phi_0=0{,}150\,\mathrm{Wb}; Φ̇=−2,50 Wb/s\dot\Phi=-2{,}50\,\mathrm{Wb/s}; ε=2,50 V\varepsilon=2{,}50\,\mathrm{V}.

La pauta oficial da: Φ=(0,15−2,5t) Wb; ε=2,5 V; antihorario

b)1,25 puntos

Planteamiento La FEM impulsa la corriente a través de la resistencia. La fuerza sobre la barra se opone a su movimiento.

  1. Aplicamos la ley de Ohm.

    I=εR=2,5050,0I=\frac{\varepsilon}{R}=\frac{2{,}50}{50{,}0}
  2. En la barra superior la corriente va hacia la izquierda: con campo saliente, el producto vectorial da fuerza ascendente.

    F⃗=Iℓ⃗×B⃗\vec F=I\vec\ell\times\vec BF=IℓB=0,0500⋅0,25⋅2,00F=I\ell B=0{,}0500\cdot0{,}25\cdot2{,}00

ResultadoI=0,0500 AI=0{,}0500\,\mathrm{A}; F=0,0250 NF=0{,}0250\,\mathrm{N}.

La pauta oficial da: I=0,05 A; F=0,025 N, hacia arriba

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2025, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

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2025Convocatoria extraordinaria · Serie 3 · Ejercicio 2

2,5 puntosCoincide con la pautaTambién en Inducción electromagnética, Campo magnético, Física moderna
Enunciado oficial

Escoja UNA de las dos opciones (A o B) y responda a los apartados correspondientes.

OPCIÓN A

Una varilla metálica se desplaza a una velocidad constante de 3,00 m s−13{,}00\,\mathrm{m\,s^{-1}} sobre un conductor en forma de U dentro de un campo magnético uniforme B=0,40 TB=0{,}40\,\mathrm{T}, perpendicular al plano y en el sentido indicado en las figuras. En el instante inicial, la varilla se encuentra a una distancia de 3,00 cm3{,}00\,\mathrm{cm} de la parte izquierda del conductor.

a) Calcule el flujo magnético a través del circuito cerrado por la varilla en el instante inicial indicado en la figura 11. En el momento en que la varilla se pone en movimiento, aparece una corriente inducida en el sentido indicado en la figura 22. Justifique cuál es el sentido de movimiento de la varilla, a la izquierda o a la derecha, y dibuje el vector de velocidad sobre la figura de la varilla en movimiento. Determine la FEM inducida mientras la varilla se mueve a 3,00 m s−13{,}00\,\mathrm{m\,s^{-1}}. [1,251{,}25 puntos]

b) Considere la situación ilustrada en la figura 22, en la que la intensidad inducida es de 6,00 mA6{,}00\,\mathrm{mA}. Justifique si en estas condiciones aparecerá alguna fuerza magnética sobre la varilla. En caso afirmativo, calcule el módulo de la fuerza magnética sobre la varilla y dibújela. [1,251{,}25 puntos]

OPCIÓN B

El modelo del átomo de hidrógeno de Bohr supone que el electrón describe una órbita circular alrededor del protón y que el momento angular de la órbita es un múltiplo entero de la constante de Planck L=nh2πL=n\frac{h}{2\pi}, donde n es un número natural.

a) Demuestre que el momento angular se expresa como L=ek⋅m⋅rL=e\sqrt{k\cdot m\cdot r}, donde e es la carga del electrón, k es la constante de Coulomb, m es la masa del electrón y r es el radio de la órbita. Encuentre la expresión del radio de la órbita del electrón en función de h, n, k, m y e. Calcule el radio para n=1n=1. [1,251{,}25 puntos]

b) Suponiendo que el radio de la órbita para n=1n=1 es 53 pm53\,\mathrm{pm}, calcule las energías cinética, potencial y mecánica clásicas del electrón. [1,251{,}25 puntos] Datos: ∣e∣=1,602⋅10−19 C|e|=1{,}602\cdot10^{-19}\,\mathrm{C}. kk=14πε0{}= \frac{1}{4\pi\varepsilon_0}=8,99⋅109 N m2 C−2{}= 8{,}99\cdot10^9\,\mathrm{N\,m^2\,C^{-2}}. m=9,11⋅10−31 kgm=9{,}11\cdot10^{-31}\,\mathrm{kg}. h=6,63⋅10−34 J sh=6{,}63\cdot10^{-34}\,\mathrm{J\,s}.

Figura 1 de la opción A. Circuito conductor en U horizontal abierto a la derecha y cerrado por una varilla vertical. Separación vertical de los raíles 4 cm y distancia inicial entre el lado izquierdo y la varilla 3 cm. Campo B saliente del papel, representado por círculos con punto. No hay corriente inicial ni vector de movimiento.
Figura 2 de la opción A. Mismo circuito en U y varilla vertical, con separación entre raíles 4 cm y campo B saliente. Flechas I indican corriente horaria: arriba hacia la derecha, por la varilla hacia abajo, por abajo hacia la izquierda y por el lado izquierdo hacia arriba. La varilla aparece a la derecha de su posición inicial; no se dibujan velocidad ni fuerza.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

Opción A

a)1,25 puntos

Planteamiento La corriente horaria crea campo entrante. Como se opone al aumento del flujo saliente, la varilla debe moverse hacia la derecha.

  1. La longitud vertical de la varilla es cuatro centímetros, según la figura.

    Φ0\Phi_0=Bℓx0{}= B\ell x_0=0,40⋅0,0400⋅0,0300{}= 0{,}40\cdot0{,}0400\cdot0{,}0300
  2. Aplicamos Faraday al área creciente; damos el módulo de la FEM.

    ∣ε∣=Bℓv=0,40⋅0,0400⋅3,00|\varepsilon|=B\ell v=0{,}40\cdot0{,}0400\cdot3{,}00

ResultadoΦ0=4,80⋅10−4 Wb\Phi_0=4{,}80\cdot10^{-4}\,\mathrm{Wb}; ε=4,80⋅10−2 V\varepsilon=4{,}80\cdot10^{-2}\,\mathrm{V}.

La pauta oficial da: 4,80·10⁻⁴ Wb; derecha; 4,80·10⁻² V

b)1,25 puntos

Planteamiento Una varilla con corriente dentro de un campo transversal recibe una fuerza magnética. La fuerza frena el movimiento que origina la inducción.

  1. La corriente baja por la varilla y el campo sale del papel: la fuerza va a la izquierda.

    F⃗=Iℓ⃗×B⃗\vec F=I\vec\ell\times\vec BF=6,00⋅10−3⋅0,0400⋅0,40F=6{,}00\cdot10^{-3}\cdot0{,}0400\cdot0{,}40

ResultadoF=9,60⋅10−5 NF=9{,}60\cdot10^{-5}\,\mathrm{N}.

La pauta oficial da: 9,60·10⁻⁵ N, izquierda

Opción B

a)1,25 puntos

Planteamiento La fuerza de Coulomb es la fuerza centrípeta. Combinamos esa relación con la cuantización del momento angular del modelo de Bohr.

  1. Obtenemos la velocidad y la sustituimos en el momento angular.

    ke2r2=mv2r⇒v=∣e∣kmr\frac{ke^2}{r^2}=\frac{mv^2}{r}\Rightarrow v=|e|\sqrt{\frac{k}{mr}}L=mrv=∣e∣kmrL=mrv=|e|\sqrt{kmr}
  2. Despejamos el radio y sustituimos n igual a la unidad.

    L=nh2π⇒rn=n2h24π2kme2L=\frac{nh}{2\pi}\Rightarrow r_n=\frac{n^2h^2}{4\pi^2kme^2}r1r_1=(6,63⋅10−34)24π2⋅8,99⋅109⋅9,11⋅10−31(1,602⋅10−19)2{}= \frac{(6{,}63\cdot10^{-34})^2}{4\pi^2\cdot8{,}99\cdot10^9\cdot9{,}11\cdot10^{-31}(1{,}602\cdot10^{-19})^2}

Resultador1=5,30⋅10−11 mr_1=5{,}30\cdot10^{-11}\,\mathrm{m}.

La pauta oficial da: 5,30·10⁻¹¹ m

b)1,25 puntos

Planteamiento En la órbita circular coulombiana, la energía cinética es la mitad del módulo de la potencial. Utilizamos el radio de 53 pm que pide este apartado.

  1. Calculamos la energía potencial y la cinética con el mismo radio.

    UU=−ke2r{}= -\frac{ke^2}{r}=−8,99⋅109(1,602⋅10−19)253⋅10−12{}= -\frac{8{,}99\cdot10^9(1{,}602\cdot10^{-19})^2}{53\cdot10^{-12}}K=ke22rK=\frac{ke^2}{2r}
  2. Sumamos las energías; la energía total es negativa porque el electrón está ligado.

    Em=K+U=−ke22rE_m=K+U=-\frac{ke^2}{2r}

ResultadoK=2,18⋅10−18 JK=2{,}18\cdot10^{-18}\,\mathrm{J}; U=−4,35⋅10−18 JU=-4{,}35\cdot10^{-18}\,\mathrm{J}; Em=−2,18⋅10−18 JE_m=-2{,}18\cdot10^{-18}\,\mathrm{J}.

La pauta oficial da: K=2,18·10⁻¹⁸ J; U=−4,35·10⁻¹⁸ J; Em=−2,18·10⁻¹⁸ J

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2025, convocatoria extraordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

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2024Convocatoria ordinaria · Serie 1 · Ejercicio 3

2,5 puntosCoincide con la pauta
Enunciado oficial

La superficie de la Tierra es principalmente agua que contiene iones en disolución y que le hacen adquirir una carga neta negativa. Se puede considerar que la Tierra tiene un campo eléctrico en puntos próximos a su superficie con un módulo constante de 150 N/C150\,\mathrm{N/C}.

a) Dibuje la esfera terrestre y represente el campo eléctrico alrededor de la superficie. Calcule el valor de la carga total que produce este campo eléctrico. Para ello, considere que el campo eléctrico creado por una superficie esférica cargada uniformemente es igual al generado por toda la carga situada en el centro de la esfera. [1,251{,}25 puntos]

b) Calcule el módulo de la fuerza eléctrica que producirá el campo eléctrico sobre un electrón libre situado cerca de la superficie de la Tierra. Calcule la masa que debe tener una gota esférica de agua con una carga extra de un solo electrón para que su peso se compense con la fuerza eléctrica. Elabore un esquema donde se muestren las fuerzas que actúan sobre la gota. Calcule el diámetro de esta gota de agua. [1,251{,}25 puntos] Datos: Radio de la Tierra, RT=6,37⋅106 mR_T=6{,}37\cdot10^6\,\mathrm{m}. Densidad del agua, ρ=103 kg/m3\rho=10^3\,\mathrm{kg/m^3}. Masa del electrón, Me=9,11⋅10−31 kgM_e=9{,}11\cdot10^{-31}\,\mathrm{kg}. Superficie esférica: 4πr24\pi r^2. Volumen de una esfera: 43πr3\frac{4}{3}\pi r^3. ∣e∣=1,602⋅10−19 C|e|=1{,}602\cdot10^{-19}\,\mathrm{C}. kk=14πε0{}= \frac{1}{4\pi\varepsilon_0}=8,99⋅109 N m2 C−2{}= 8{,}99\cdot10^9\,\mathrm{N\,m^2\,C^{-2}}. g=9,81 m/s2g=9{,}81\,\mathrm{m/s^{2}}.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento El campo exterior de la esfera equivale al de una carga puntual central. El signo negativo hace que las líneas entren radialmente hacia la Tierra.

  1. Despejamos el módulo de la carga y añadimos su signo físico.

    E=k∣Q∣RT2E=\frac{k|Q|}{R_T^2}QQ=−150(6,37⋅106)28,99⋅109{}= -\frac{150(6{,}37\cdot10^6)^2}{8{,}99\cdot10^9}

ResultadoQ=−6,77⋅105 CQ=-6{,}77\cdot10^5\,\mathrm{C}.

La pauta oficial da: −6,77·10⁵ C

b)1,25 puntos

Planteamiento Sobre una carga negativa, el campo terrestre produce una fuerza ascendente. La gota puede estar en equilibrio si esa fuerza iguala el peso.

  1. Calculamos la fuerza y la masa de la gota.

    F=∣e∣E=1,602⋅10−19⋅150F=|e|E=1{,}602\cdot10^{-19}\cdot150m=∣e∣E9,81m=\frac{|e|E}{9{,}81}
  2. El diagrama de fuerzas tiene dos flechas iguales: peso abajo y fuerza eléctrica arriba. La densidad fija el diámetro.

    m=ρ43πr3m=\rho\frac43\pi r^3d=2(3m4π⋅103)1/3d=2\left(\frac{3m}{4\pi\cdot10^3}\right)^{1/3}

ResultadoF=2,403⋅10−17 NF=2{,}403\cdot10^{-17}\,\mathrm{N}; m=2,45⋅10−18 kgm=2{,}45\cdot10^{-18}\,\mathrm{kg}; d=1,67⋅10−7 md=1{,}67\cdot10^{-7}\,\mathrm{m}.

La pauta oficial da: 2,403·10⁻¹⁷ N; 2,45·10⁻¹⁸ kg; 1,67·10⁻⁷ m

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2024, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

El examen entero, resueltoExamen en catalán (PDF)Examen en castellano (PDF)Pauta de corrección (PDF)Reutilizado según el aviso legal de la Generalitat

2024Convocatoria ordinaria · Serie 1 · Ejercicio 6

2,5 puntosCoincide con la pautaTambién en Física moderna
Enunciado oficial

El polonio (Z=84Z=84) fue descubierto en 18981898 por Marie Sklodowska-Curie y Pierre Curie. El isótopo de polonio con un tiempo de semidesintegración más largo es el Po-210210, que lo tiene de 138138 días. Se desintegra por emisión de una partícula alfa y origina un isótopo estable de plomo (Pb).

a) Escriba la desintegración del Po-210210. Si la actividad inicial por unidad de masa del Po-210210 es de 1,66⋅1014 Bq/g1{,}66\cdot10^{14}\,\mathrm{Bq/g}, ¿cuál será la actividad de 5 mg5\,\mathrm{mg} de este elemento al cabo de una semana? [1,251{,}25 puntos]

b) Los núcleos de helio que se producen en las desintegraciones alfa no tardan en captar dos electrones. Supongamos que se forma un átomo de helio en dos pasos bien diferenciados. Primeramente, se transporta desde una gran distancia un primer electrón a 0,6⋅10−10 m0{,}6\cdot10^{-10}\,\mathrm{m} de la partícula alfa y se mantiene allí. Posteriormente, un segundo electrón se lleva al otro lado de la partícula alfa a 0,6⋅10−10 m0{,}6\cdot10^{-10}\,\mathrm{m}. La configuración final se muestra en la figura. Calcule el trabajo realizado por el campo eléctrico en cada uno de los dos pasos. ¿Cuál es la energía potencial electroestática de la configuración final? [1,251{,}25 puntos] Datos: ∣e∣=1,602⋅10−19 C|e|=1{,}602\cdot10^{-19}\,\mathrm{C}. kk=14πε0{}= \frac{1}{4\pi\varepsilon_0}=8,99⋅109 N m2 C−2{}= 8{,}99\cdot10^9\,\mathrm{N\,m^2\,C^{-2}}.

Configuración colineal electrón–partícula alfa–electrón. El alfa está en el centro; cada electrón está a 0,6 × 10⁻¹⁰ m del alfa, en lados opuestos. La distancia entre electrones es el doble. La figura etiqueta Electró en ambos extremos y Partícula alfa en el centro.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento Una emisión alfa reduce A en cuatro y Z en dos. La actividad disminuye siguiendo la misma ley exponencial que el número de núcleos.

  1. Equilibramos los números másicos y atómicos.

    84210Po{}^{210}_{84}\mathrm{Po}⟶82206Pb+24He{}\longrightarrow {}^{206}_{82}\mathrm{Pb}+{}^4_2\mathrm{He}
  2. La masa es cinco miligramos, es decir, cinco milésimas de gramo.

    A7A_7=(1,66⋅1014⋅5⋅10−3) 2−7/138{}= (1{,}66\cdot10^{14}\cdot5\cdot10^{-3})\,2^{-7/138}

ResultadoA7=8,01⋅1011 BqA_7=8{,}01\cdot10^{11}\,\mathrm{Bq}.

La pauta oficial da: ²¹⁰Po → ²⁰⁶Pb + ⁴He; 8,01·10¹¹ Bq

b)1,25 puntos

Planteamiento El trabajo del campo es menos el incremento de energía potencial. Al traer el segundo electrón hay que incluir también la repulsión del primero.

  1. Para el primer electrón solo está el potencial de la partícula alfa.

    W1=−(−e)k(2e)r=2ke2rW_1=-(-e)\frac{k(2e)}{r}=\frac{2ke^2}{r}r=0,6⋅10−10 mr=0{,}6\cdot10^{-10}\,\mathrm{m}
  2. El segundo electrón está a r del alfa y a 2r del primer electrón.

    W2=e(2ker−ke2r)=3ke22rW_2=e\left(\frac{2ke}{r}-\frac{ke}{2r}\right)=\frac{3ke^2}{2r}
  3. La potencial inicial era nula, de modo que la final es el opuesto del trabajo total.

    Uf=−(W1+W2)=−7ke22rU_f=-(W_1+W_2)=-\frac{7ke^2}{2r}

ResultadoW1=7,69⋅10−18 JW_1=7{,}69\cdot10^{-18}\,\mathrm{J}; W2=5,77⋅10−18 JW_2=5{,}77\cdot10^{-18}\,\mathrm{J}; Uf=−1,346⋅10−17 JU_f=-1{,}346\cdot10^{-17}\,\mathrm{J}.

La pauta oficial da: 7,69·10⁻¹⁸ J; 5,77·10⁻¹⁸ J; −1,346·10⁻¹⁷ J

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2024, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

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2024Convocatoria ordinaria · Serie 5 · Ejercicio 2

2,5 puntosCoincide con la pauta
Enunciado oficial

En una impresora de tinta, las gotas de tinta tienen una masa de 3,00 μg3{,}00\,\mu\mathrm{g} y una carga negativa de −9,00 nC-9{,}00\,\mathrm{nC}. Las gotas cargadas son guiadas por un tubo antes de entrar en una primera zona donde un campo eléctrico uniforme y horizontal las acelera sin desviarlas. El campo eléctrico lo crean dos placas conductoras (ánodo y cátodo) agujereadas para dejar pasar las gotas. La distancia entre el ánodo y el cátodo es de 5,00 cm5{,}00\,\mathrm{cm} y la diferencia de potencial entre ellos es de 50,0 V50{,}0\,\mathrm{V}.

a) Represente en la figura superior las líneas de campo eléctrico. Indique qué placa está conectada a potencial alto y cuál a potencial bajo. Sabiendo que el ánodo está cargado positivamente y que el cátodo está cargado negativamente, indique qué placa es el ánodo y qué placa es el cátodo. Justifique tanto la representación de las líneas de campo como las respuestas. Calcule el módulo de la velocidad a la que las gotas salen de esta primera zona si cuando entran su velocidad se puede considerar prácticamente nula. [1,25 puntos]

b) Inmediatamente después, las gotas entran en una segunda zona donde dos placas cargadas generan un campo eléctrico uniforme, vertical y dirigido hacia abajo. Las placas están sometidas a una diferencia de potencial de 30,0 V30{,}0\,\mathrm{V} y están separadas 1,50 cm1{,}50\,\mathrm{cm}. Suponiendo que el campo eléctrico solo existe a lo largo de 2,00 cm2{,}00\,\mathrm{cm}, determine el módulo de la aceleración de las gotas en esta segunda zona. ¿Qué tipo de movimiento describen las gotas en esta segunda zona? [1,25 puntos]

Nota: No tenga en cuenta la fuerza de la gravedad ni la fuerza de rozamiento.

Dos placas verticales separadas 5,00 cm, con un agujero en el centro; las gotas llegan por un tubo horizontal a la placa izquierda y siguen en línea recta hasta la derecha. Detrás hay dos placas horizontales separadas 1,50 cm y de 2,00 cm de largo, entre las que la trayectoria se curva hacia arriba; la gota sale con velocidad v inclinada hacia arriba.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento Se pide dibujar las líneas de campo de la primera zona, decir qué placa está a potencial alto y cuál es el ánodo, y calcular la velocidad de salida. La gota tiene carga negativa y el campo la acelera hacia la derecha sin desviarla.

  1. Las gotas no se desvían: la fuerza, y con ella el campo, tiene la dirección de la velocidad, horizontal. Entre dos placas planas el campo es uniforme: las líneas son rectas horizontales, perpendiculares a las placas y equidistantes, porque la densidad de líneas es la misma en todo el espacio entre ellas.

    F⃗=qE⃗=ma⃗\vec F=q\vec E=m\vec a
  2. Como la carga es negativa, la fuerza va en sentido contrario al campo. La gota se acelera hacia la derecha, así que el campo apunta hacia la izquierda: las líneas van de la placa de la derecha a la de la izquierda (figura).

    q<0  ⇒  E⃗↑↓F⃗q<0\;\Rightarrow\;\vec E\uparrow\downarrow\vec F
  3. Las líneas de campo van hacia los potenciales decrecientes: la placa de la derecha (V2V_2) está a potencial alto y la de la izquierda (V1V_1), a potencial bajo. Las líneas salen de las cargas positivas y llegan a las negativas: la placa de la derecha es el ánodo y la de la izquierda, el cátodo.

    V2>V1V_2>V_1
  4. El trabajo del campo se convierte en energía cinética; la gota entra prácticamente en reposo:

    12mv2\tfrac12mv^2=∣q∣ ΔV{}= |q|\,\Delta V=9,00×10−9⋅50,0{}= 9{,}00\times10^{-9}\cdot50{,}0=4,50×10−7 J{}= 4{,}50\times10^{-7}\,\mathrm{J}
  5. Despejamos la velocidad, con m=3,00 μg=3,00×10−9 kgm=3{,}00\,\mu\mathrm{g}=3{,}00\times10^{-9}\,\mathrm{kg}:

    vv=2⋅4,50×10−73,00×10−9{}= \sqrt{\frac{2\cdot4{,}50\times10^{-7}}{3{,}00\times10^{-9}}}=17,3 m s−1{}= 17{,}3\,\mathrm{m\,s^{-1}}

ResultadoLíneas horizontales y equidistantes, de la placa derecha a la izquierda. Placa derecha: potencial alto, ánodo; placa izquierda: potencial bajo, cátodo. v=17,3 m s−1v=17{,}3\,\mathrm{m\,s^{-1}}.

La pauta oficial da: v = 17,3 m/s

Las dos placas: la izquierda, con signo menos y potencial V1; la derecha, con signo más y potencial V2, mayor que V1. Entre ellas, líneas de campo E rectas, horizontales y equidistantes que van de la placa derecha a la izquierda. Una gota con carga negativa en el centro recibe una fuerza F hacia la derecha, contraria al campo.

b)1,25 puntos

Planteamiento Se pide el módulo de la aceleración en la segunda zona y el tipo de movimiento. Allí el campo es vertical y uniforme, y la gota entra con la velocidad horizontal del apartado a).

  1. Campo entre las placas de la segunda zona:

    EE=ΔVd=30,01,50×10−2{}= \frac{\Delta V}{d}=\frac{30{,}0}{1{,}50\times10^{-2}}=2,00×103 V m−1{}= 2{,}00\times10^{3}\,\mathrm{V\,m^{-1}}
  2. Segunda ley de Newton, sin gravedad ni rozamiento:

    aa=∣q∣Em{}= \frac{|q|E}{m}=9,00×10−9⋅2,00×1033,00×10−9{}= \frac{9{,}00\times10^{-9}\cdot2{,}00\times10^{3}}{3{,}00\times10^{-9}}=6,00×103 m s−2{}= 6{,}00\times10^{3}\,\mathrm{m\,s^{-2}}
  3. La carga es negativa y el campo apunta hacia abajo: la fuerza y la aceleración apuntan hacia arriba (la gota se desvía hacia arriba, como en la figura). La aceleración es constante y perpendicular a la velocidad de entrada: en horizontal la gota sigue a 17,3 m s−117{,}3\,\mathrm{m\,s^{-1}} constantes y en vertical se acelera uniformemente, como en un tiro horizontal.

    x=v0tx=v_0ty=12at2y=\tfrac12at^2

Resultadoa=6,00×103 m s−2a=6{,}00\times10^{3}\,\mathrm{m\,s^{-2}}, hacia arriba. Movimiento parabólico: uniforme en horizontal y uniformemente acelerado en vertical.

La pauta oficial da: E = 2.000 V/m; a = 6.000 m/s²

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2024, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 30 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

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2024Convocatoria extraordinaria · Serie 3 · Ejercicio 3

2,5 puntosLa pauta tiene un error
Enunciado oficial

El Fun-Fly-Stick es un ingenioso generador de electricidad estática que funciona con pilas y que permite hacer levitar objetos metálicos ligeros. Cuando se aprieta el botón se genera una carga estática negativa en la varita. Tocando el objeto con la varita, parte de esta carga se transfiere al objeto de forma que ambos quedan cargados y el objeto levita por encima de la varita. (Al realizar los cálculos, considere la varita y el objeto metálico como si fueran cargas puntuales).

a) Supongamos que, después de tocar el objeto, la varita y el objeto tienen la misma carga. Realice un dibujo de la situación de la varita y el objeto metálico levitante y dibuje las fuerzas sobre el objeto. Calcule cuál es la carga electrostática del objeto metálico si este tiene una masa de 10 g10\,\mathrm{g} y se encuentra a una distancia de 55 cm55\,\mathrm{cm} de la varita. [1,251{,}25 puntos]

b) Considere ahora otra situación, en la que tanto la varita como el objeto metálico están cargados con una carga q=−2 μCq=-2\,\mathrm{μC} y separados a una distancia de 60 cm60\,\mathrm{cm}. Calcule el módulo del campo eléctrico en el punto central de la línea que los une y el potencial eléctrico en este punto. Determine cuál es el trabajo que tendrá que hacer una fuerza externa para llevar un electrón desde el infinito hasta este punto central. [1,251{,}25 puntos] Datos: Gravedad en la superficie de la Tierra, g=9,8 m/s2g=9{,}8\,\mathrm{m/s^{2}}. ∣e∣=1,602⋅10−19 C|e|=1{,}602\cdot10^{-19}\,\mathrm{C}. kk=14πε0{}= \frac{1}{4\pi\varepsilon_0}=8,99⋅109 N m2 C−2{}= 8{,}99\cdot10^9\,\mathrm{N\,m^2\,C^{-2}}.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento El objeto y la varilla tienen la misma carga negativa y se repelen. La fuerza ascendente equilibra el peso.

  1. Dibujamos la varilla bajo el objeto, el peso abajo y la fuerza eléctrica arriba. Igualamos sus módulos.

    kq2r2=mg\frac{kq^2}{r^2}=mgqq=−mgr2k{}= -\sqrt{\frac{mgr^2}{k}}=−0,010⋅9,8⋅0,5528,99⋅109{}= -\sqrt{\frac{0{,}010\cdot9{,}8\cdot0{,}55^2}{8{,}99\cdot10^9}}

Resultadoq=−1,82⋅10−6 Cq=-1{,}82\cdot10^{-6}\,\mathrm{C}.

La pauta oficial da: qobj=+1,82 μC (pauta omite el signo negativo del contexto)

b)1,25 puntos

Planteamiento En el punto medio los campos vectoriales se cancelan, mientras que los potenciales escalares se suman. El trabajo externo cuasiestático es el incremento de energía potencial del electrón.

  1. Cada carga está a treinta centímetros del punto medio.

    E⃗=0⃗\vec E=\vec0VV=2kq0,30{}= 2\frac{kq}{0{,}30}=28,99⋅109(−2⋅10−6)0,30{}= 2\frac{8{,}99\cdot10^9(-2\cdot10^{-6})}{0{,}30}
  2. El potencial es negativo, pero también lo es la carga transportada: hace falta trabajo externo positivo.

    WextW_{\rm ext}=ΔU=(−1,602⋅10−19)(V−0){}= \Delta U=(-1{,}602\cdot10^{-19})(V-0)

ResultadoE=0 N/CE=0\,\mathrm{N/C}; V=−1,20⋅105 VV=-1{,}20\cdot10^5\,\mathrm{V}; Wext=1,92⋅10−14 JW_{\rm ext}=1{,}92\cdot10^{-14}\,\mathrm{J}.

La pauta oficial da: E=0; V=−1,20·10⁵ V; Wext=1,92·10⁻¹⁴ J

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2024, convocatoria extraordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

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2023Convocatoria ordinaria · Serie 1 · Ejercicio 5

2,5 puntosCoincide con la pauta
Enunciado oficial

Cuando se miden los valores de potencial eléctrico en una cubeta se obtiene la distribución representada en la figura, donde se pueden observar dos cargas (Q1Q_1 y Q2Q_2), una positiva y otra negativa.

a) Determine de forma razonada cuál es la carga positiva y cuál la negativa. Según su respuesta, dibuje la dirección y el sentido del campo eléctrico en el punto A.

[1,251{,}25 puntos]

b) Suponga que un electrón se mueve del punto A al punto B. Calcule el trabajo que realiza el campo eléctrico durante este movimiento. ¿Qué trabajo realiza el campo eléctrico cuando el electrón se mueve del punto A al punto C pasando por B?

[1,251{,}25 puntos]

Dato: |e| = 1,602×10−19 C1{,}602\times10^{-19}\,\mathrm{C}.

Mapa de equipotenciales de dos cargas puntuales sobre una cuadrícula. Q 1 está a la izquierda y Q 2 a la derecha en la misma horizontal. Cerca de Q 1 las curvas están rotuladas 10 V y 20 V; una curva exterior vale 0 V. Cerca de Q 2 aparecen −10, −20, −30 y −40 V, con valores más negativos al aproximarse a Q 2. A está arriba entre las cargas en la equipotencial de −10 V; B está abajo a la izquierda de Q 1 sobre la de 10 V; C está en la vertical central inferior sobre la de−10 V. En A las equipotenciales son casi verticales. No se asigna escala de longitud.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento El signo del potencial cerca de cada carga revela su signo. El campo eléctrico es perpendicular a las equipotenciales y apunta hacia potenciales menores.

  1. La figura muestra potenciales positivos cerca de Q 1 y negativos cerca de Q 2.

    V=kQrV=\frac{kQ}{r}E⃗=−∇⃗V\vec E=-\vec\nabla V
  2. En A la equipotencial es casi vertical, por lo que el campo apunta aproximadamente a la derecha.

    Q1>0Q_1>0Q2<0Q_2<0E⃗A cap a Q2\vec E_A\text{ cap a }Q_2

ResultadoQ1 positiva; Q2 negativa; campo en A aproximadamente horizontal hacia la derecha.

La pauta oficial da: Q1 positiva, Q2 negativa; campo hacia la derecha

b)1,25 puntos

Planteamiento El trabajo del campo depende de la carga y de la diferencia de potencial entre los extremos. El recorrido intermedio por B no cambia el trabajo entre A y C.

  1. Leemos VA=VC=−10 V y VB=10 V.

    WABW_{AB}=q(VA−VB){}= q(V_A-V_B)=(−1,602⋅10−19)(−10−10){}= (-1{,}602\cdot10^{-19})(-10-10)
  2. A y C están en la misma equipotencial.

    WABC=q(VA−VC)=0W_{ABC}=q(V_A-V_C)=0

ResultadoWAB=3,204×10−18 JW_{AB}=3{,}204\times10^{-18}\,\mathrm{J}; WABC=0 JW_{ABC}=0\,\mathrm{J}

La pauta oficial da: 3,204×10^-18 J; 0 J

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2023, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

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2023Convocatoria ordinaria · Serie 5 · Ejercicio 2

2,5 puntosCoincide con la pauta
Enunciado oficial

En el plano (x, y) de la siguiente figura se representan las líneas de campo eléctrico. En este plano hay dos iones, uno cargado positivamente y otro cargado negativamente.

Sabemos que uno de los iones ha perdido o ganado 4 electrones y que el otro ion ha perdido o ganado 1 electrón.

a) Determine las coordenadas x e y de la posición del ion cargado positivamente y del ion cargado negativamente. Determine cuál es la carga de cada ion, e indique si es positiva o negativa. Justifique las respuestas.

[1,251{,}25 puntos]

b) Si nos situásemos muy lejos de estos dos iones, ¿cuál sería la forma aproximada de sus superficies equipotenciales? Justifique la respuesta.

[1,251{,}25 puntos]

Plano xy con ejes de−3 a 3 m en ambas direcciones. Las líneas con flechas salen de(-1,0)m y algunas terminan en(1,0)m; las restantes se alejan hacia el exterior. Hay aproximadamente cuatro veces más líneas que salen del punto izquierdo que las que terminan en el derecho. El dibujo es simétrico respecto al eje x; no aparecen cargas o signos rotulados.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento Las líneas nacen en cargas positivas y terminan en negativas; su número representa la magnitud relativa de las cargas.

  1. El foco de líneas está a la izquierda y el sumidero a la derecha.

    r⃗+=(−1,0) m\vec r_+=(-1,0)\,\mathrm mr⃗−=(1,0) m\vec r_-=(1,0)\,\mathrm m
  2. De la izquierda salen cuatro veces más líneas de las que terminan a la derecha.

    Q+=+4eQ_+=+4eQ−=−eQ_-=-e

ResultadoEn (-1,0) m: +4e; en (1,0) m: -e.

La pauta oficial da: (-1,0) m,+4e; (1,0) m,-e

b)1,25 puntos

Planteamiento Muy lejos de dos cargas separadas una distancia finita domina la carga total. Esa carga total es distinta de cero.

  1. Sumamos las cargas y usamos el potencial lejano de una carga puntual.

    Qtot=4e−e=3eQ_{tot}=4e-e=3eV(r)≃k3erV(r)\simeq k\frac{3e}{r}

ResultadoLas equipotenciales se aproximan a esferas, como las de una carga puntual +3e.

La pauta oficial da: esferas correspondientes a carga +3e

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2023, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

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2023Convocatoria ordinaria · Serie 5 · Ejercicio 4

2,5 puntosCoincide con la pautaTambién en Campo magnético
Enunciado oficial

Un cañón de electrones es un dispositivo formado por un cátodo y un ánodo, y tiene como objetivo acelerar electrones que después serán dirigidos mediante un campo magnético para bombardear un blanco donde se encuentra una muestra de cierto material.

La curva de la siguiente figura representa la trayectoria que sigue un electrón desde que sale del cátodo hasta que impacta en el blanco. El objetivo es calentar el material hasta poder sublimarlo.

Los electrones son emitidos por el cátodo del cañón y tienen una velocidad inicial nula. Posteriormente, los electrones son acelerados en el espacio de 20,0 cm20{,}0\,\mathrm{cm} que separa el cátodo del ánodo. El campo eléctrico entre el ánodo y el cátodo es uniforme y constante. La diferencia de potencial entre el cátodo y el ánodo es de 220 V220\,\mathrm{V}.

a) Determine el módulo del campo eléctrico que existe entre el ánodo y el cátodo.

Represente sobre el dibujo las líneas de campo eléctrico indicando claramente su dirección y sentido. ¿Qué punto está a un potencial más alto, el ánodo o el cátodo?

Justifique las respuestas.

[1,251{,}25 puntos]

b) Tras atravesar el ánodo, los electrones son dirigidos por un campo magnético para que impacten contra el blanco. En este espacio, el campo eléctrico es nulo. Calcule el módulo de la velocidad de los electrones justo después de atravesar el ánodo y justo antes de impactar en el blanco. ¿Qué dirección y sentido debe tener el campo magnético para que los electrones impacten en el blanco? Represente sobre el dibujo el campo magnético. Justifique la respuesta.

[1,251{,}25 puntos]

Datos: mem_e = 9,11×10−31 kg9{,}11\times10^{-31}\,\mathrm{kg}.

|e| = 1,602×10−19 C1{,}602\times10^{-19}\,\mathrm{C}.

Esquema del cañón: cátodo horizontal abajo a la izquierda, ánodo horizontal 20 cm por encima y blanco horizontal a la derecha. La trayectoria del electrón asciende verticalmente desde el cátodo, atraviesa el ánodo, se curva hacia la derecha por un arco y llega al blanco desde arriba. Etiquetas càtode, ànode, blanc y separación 20 cm.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento En un campo uniforme la diferencia de potencial es el campo por la separación. Para que un electrón acelere hacia arriba, el campo debe apuntar hacia abajo.

  1. Convertimos la separación a metros y calculamos el campo.

    E=ΔVd=2200,200=1100 V/mE=\frac{\Delta V}{d}=\frac{220}{0{,}200}=1100\,\mathrm{V/m}
  2. El campo va de mayor a menor potencial; la fuerza sobre el electrón tiene sentido contrario al campo.

    F⃗=qE⃗\vec F=q\vec Eq=−eq=-eVanode>VcatodeV_{anode}>V_{catode}

ResultadoE=1,10×103 V/mE=1{,}10\times10^{3}\,\mathrm{V/m}; campo del ánodo al cátodo, vertical hacia abajo. El ánodo tiene mayor potencial.

La pauta oficial da: 1100 V/m; campo hacia abajo; ánodo a potencial alto

b)1,25 puntos

Planteamiento La energía eléctrica ganada se convierte en energía cinética. Después, la fuerza magnética es perpendicular al movimiento y no cambia el módulo de la velocidad.

  1. Aplicamos conservación de la energía entre cátodo y ánodo.

    12mev2=eΔV\frac12m_ev^2=e\Delta Vvv=2⋅1,602⋅10−19⋅2209,11⋅10−31{}= \sqrt{\frac{2\cdot1{,}602\cdot10^{-19}\cdot220}{9{,}11\cdot10^{-31}}}
  2. Al salir, la velocidad apunta arriba y la fuerza centrípeta hacia la derecha. Para una carga negativa el campo debe entrar en el papel.

    F⃗B=−ev⃗×B⃗\vec F_B=-e\vec v\times\vec BF⃗B⋅v⃗=0\vec F_B\cdot\vec v=0vblanc=vanodev_{blanc}=v_{anode}

Resultadovaˊnodo=8,80×106 m/sv_{\text{ánodo}}=8{,}80\times10^{6}\,\mathrm{m/s}; vblanco=8,80×106 m/sv_{\text{blanco}}=8{,}80\times10^{6}\,\mathrm{m/s}; B perpendicular al papel y entrante.

La pauta oficial da: 8,80×10^6 m/s en ambos; B entrante

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2023, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

El examen entero, resueltoExamen en catalán (PDF)Examen en castellano (PDF)Pauta de corrección (PDF)Reutilizado según el aviso legal de la Generalitat

2023Convocatoria extraordinaria · Serie 2 · Ejercicio 2

2,5 puntosLa pauta redondea distinto
Enunciado oficial

En un laboratorio se ha realizado el experimento que se muestra en la figura 1. En una cubeta de plástico transparente se ha añadido aproximadamente un centímetro de agua del grifo, y se han colocado a ambos lados dos placas conductoras de cobre separadas a una distancia de 20 cm20\,\mathrm{cm}. Las placas se han conectado a una fuente de alimentación.

Debajo de la cubeta transparente hay un papel cuadriculado que permite determinar las posiciones (figura 1). A la placa conectada al terminal negativo de la fuente de alimentación se ha conectado el terminal negativo del voltímetro. El terminal positivo del voltímetro se ha movido por distintos puntos de la cuadrícula para medir el potencial eléctrico y el resultado se indica en la tabla de abajo.

Figura 1. Esquema del montaje del experimento y papel cuadriculado de la cubeta x (cm) VIV_I (V) VIIV_{II} (V) VIIIV_{III} (V) VmedioV_{medio} (V) 4,004{,}00 1,41{,}4 1,51{,}5 1,41{,}4 8,008{,}00 2,82{,}8 2,92{,}9 2,82{,}8 12,0012{,}00 4,24{,}2 4,34{,}3 4,44{,}4 16,0016{,}00 5,75{,}7 5,75{,}7 5,85{,}8

a) Rellene la tabla de arriba con la media aritmética del potencial eléctrico en las posiciones x = 4, 8, 12 y 16 cm16\,\mathrm{cm}. Dibuje las líneas equipotenciales en x = 4, 8, 12 y 16 cm16\,\mathrm{cm} y las líneas de campo eléctrico en el papel cuadriculado de la cubeta (figura 1).

Represente en los ejes de coordenadas (figura 2) la media aritmética del potencial eléctrico en función de x. Calcule el módulo del campo eléctrico a partir del gráfico.

[1,251{,}25 puntos]

Figura 2

b) Se coloca una carga positiva de 3,00 mC3{,}00\,\mathrm{mC} en el punto P indicado dentro de la cubeta en la figura 1. Indique qué trayectoria va a seguir. Represente en el papel cuadriculado (figura 1) la dirección y el sentido de la fuerza aplicada por el campo eléctrico sobre esa carga. Determine el módulo de la fuerza. Calcule el trabajo realizado por el campo eléctrico para mover la carga desde x = 8 cm8\,\mathrm{cm} hasta x = 0 cm0\,\mathrm{cm}.

[1,251{,}25 puntos]

A la izquierda, cubeta con agua y dos placas verticales conectadas a una fuente: placa izquierda al−, derecha al+. Voltímetro con terminal− a la placa izquierda y sonda+ móvil en el agua. A la derecha cuadrícula de la cubeta: placa negativa x=0 cm, placa positiva x=20 cm; verticales marcadas 4,8,12,16 cm. Tres filas de mediciones I, II, III; punto P en la fila central a x≈10 cm.
Cuadrícula vacía para representar potencial frente a posición. Eje horizontal Posició(cm), con marcas 0,5,10,15 cm y borde cercano a 20 cm; eje vertical sin título ni valores, que el alumno debe completar.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento Promediamos las tres medidas en cada posición. El campo es el opuesto de la pendiente del potencial y las equipotenciales son paralelas a las placas.

  1. Calculamos las medias manteniendo todas las cifras para el ajuste.

    Vˉ\bar V=(4,33,8,53,12,93,17,23) V{}= \left(\frac{4{,}3}3,\frac{8{,}5}3,\frac{12{,}9}3,\frac{17{,}2}3\right)\,\mathrm V
  2. Representamos los cuatro puntos y V(0)=0; ajustamos una recta con ordenada libre por mínimos cuadrados.

    b=∑(xi−xˉ)(Vi−Vˉ)∑(xi−xˉ)2b=\frac{\sum(x_i-\bar x)(V_i-\bar V)}{\sum(x_i-\bar x)^2}Ex=−bE_x=-b
  3. Dibujamos líneas equipotenciales verticales a 4, 8, 12 y 16 cm y líneas de campo horizontales hacia x decreciente.

    E⃗≃−35,8ı^ V/m\vec E\simeq-35{,}8\hat\imath\,\mathrm{V/m}

ResultadoV4 = 1,43 V; V8 = 2,83 V; V12 = 4,30 V; V16 = 5,73 V; E = 35,8 V/m

La pauta oficial da: 1,43;2,83;4,30;5,73 V; E=35,8 V/m

b)1,25 puntos

Planteamiento Una carga positiva recibe fuerza en el mismo sentido del campo. El trabajo depende del potencial medido en los extremos.

  1. La trayectoria desde el reposo va hacia la placa negativa en línea recta.

    F⃗=qE⃗\vec F=q\vec E∣F∣=3,00⋅10−3∣E∣|F|=3{,}00\cdot10^{-3}|E|
  2. Usamos la media de las tres medidas a 8 cm, sin redondearla antes de multiplicar.

    WW=q(Vi−Vf){}= q(V_i-V_f)=3,00⋅10−3(2,8+2,9+2,83−0){}= 3{,}00\cdot10^{-3}\left(\frac{2{,}8+2{,}9+2{,}8}3-0\right)

ResultadoF=0,107 NF=0{,}107\,\mathrm{N}; W=8,50×10−3 JW=8{,}50\times10^{-3}\,\mathrm{J}; fuerza hacia x decreciente.

La pauta oficial da: F=0,107 N; W=8,49×10^-3 J

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2023, convocatoria extraordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

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2023Convocatoria extraordinaria · Serie 2 · Ejercicio 4

2,5 puntosCoincide con la pautaTambién en Campo magnético
Enunciado oficial

Un espectrómetro de masas es un aparato que permite determinar la relación carga/masa de iones. El espectrómetro de masas contiene tres partes diferenciadas. La primera parte es un filamento que ioniza las moléculas o átomos que entran en el espectrómetro. En la salida del filamento todos los iones tienen una carga negativa. En la segunda parte del aparato, los iones pasan por un selector de velocidades (figura 1) que está formado por dos placas paralelas, entre las cuales se genera un campo eléctrico uniforme. La separación entre estas placas es de 1,50 cm1{,}50\,\mathrm{cm}. Entre las placas también se genera un campo magnético uniforme de 0,50 T0{,}50\,\mathrm{T} perpendicular al plano del papel y en sentido saliente, tal y como se muestra en la figura 1.

Figura 1

a) Queremos que el selector de velocidades solo deje pasar a los iones que se muevan a una velocidad de 2,00×105 m s−12{,}00\times10^{5}\,\mathrm{m\,s^{-1}}. Determine la diferencia de potencial que debemos aplicar entre las placas para que los iones que se mueven a esta velocidad no se desvíen. ¿Qué placa debe conectarse a potencial alto y qué placa a potencial bajo?

Justifique las respuestas y represente las fuerzas que actúan sobre un ion. Diga si el selector de velocidades configurado de esta manera también funciona para iones positivos y justifique su respuesta.

[1,251{,}25 puntos]

b) La tercera parte del espectrómetro se encuentra a la salida del selector de velocidades y es una región donde existe otro campo magnético uniforme de 0,20 T0{,}20\,\mathrm{T}, perpendicular al plano del papel y en sentido entrante (figura 2). Las pantallas laterales permiten medir la posición en la que impactan los iones y de esta forma poder determinar su masa.

Represente esquemáticamente sobre la figura 2 la trayectoria que describen los iones que salen del selector de velocidades indicando la dirección y el sentido de la fuerza ejercida por el campo magnético en un punto de la trayectoria. Justifique la respuesta. Calcule a qué distancia de la salida del selector de velocidades impactará el ion de los isótopos del neón 20Ne−{}^{20}\mathrm{Ne}^{-} (el ion tiene la misma carga que un electrón). Figura 2

[1,251{,}25 puntos]

Datos: |e| = 1,602×10−19 C1{,}602\times10^{-19}\,\mathrm{C}.

Masa del ion: 20Ne−{}^{20}\mathrm{Ne}^{-} = 3,32×10−26 kg3{,}32\times10^{-26}\,\mathrm{kg}.

Dos placas paralelas horizontales separadas 1,50 cm. Entre ellas hay círculos con punto central que indican campo B saliente del papel. Tres iones negativos con signo− se desplazan horizontalmente hacia la derecha, con flechas de velocidad v. No se asignan signos eléctricos a las placas.
Salida del selector como una abertura horizontal entre dos pantallas verticales a la izquierda: una se extiende hacia arriba y la otra hacia abajo. Un ion− sale por la abertura hacia la derecha con velocidad v. A la derecha de las pantallas hay cruces que representan campo B perpendicular al papel y entrante.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento En el selector no hay desviación cuando las fuerzas eléctrica y magnética se cancelan. El campo magnético sale del papel y los iones negativos avanzan hacia la derecha.

  1. La fuerza magnética sobre el ion negativo apunta hacia arriba; la eléctrica debe apuntar hacia abajo.

    qE=qvBqE=qvBE=vB=2,00⋅105⋅0,50E=vB=2{,}00\cdot10^5\cdot0{,}50
  2. El campo eléctrico apunta arriba y la placa inferior tiene mayor potencial.

    ΔV\Delta V=Ed=2,00⋅105⋅0,50⋅0,0150{}= Ed=2{,}00\cdot10^5\cdot0{,}50\cdot0{,}0150

ResultadoΔV=1,50×103 V\Delta V=1{,}50\times10^{3}\,\mathrm{V}. Placa inferior a potencial alto y superior a bajo. También selecciona iones positivos: ambas fuerzas invierten su sentido y siguen cancelándose.

La pauta oficial da: 1500 V; inferior alta, superior baja; también positivos

b)1,25 puntos

Planteamiento En la región magnética la fuerza centrípeta curva la trayectoria sin cambiar la rapidez. El ion negativo gira hacia abajo y vuelve a la pantalla después de media circunferencia.

  1. Igualamos Lorentz y fuerza centrípeta.

    evB=mv2/re vB=mv^2/rr=mveBr=\frac{mv}{eB}
  2. La separación del punto de impacto y la salida es un diámetro.

    dd=2r=2⋅3,32⋅10−26⋅2,00⋅1051,602⋅10−19⋅0,20{}= 2r=\frac{2\cdot3{,}32\cdot10^{-26}\cdot2{,}00\cdot10^5}{1{,}602\cdot10^{-19}\cdot0{,}20}

Resultadod = 0,414 m; impacto en la pantalla inferior; fuerza siempre hacia el centro de la circunferencia.

La pauta oficial da: d=0,414 m

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2023, convocatoria extraordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

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2022Convocatoria ordinaria · Serie 2 · Ejercicio 2

2,5 puntosCoincide con la pauta
Enunciado oficial

Un dipolo eléctrico es un sistema de dos cargas puntuales de igual magnitud Q y signo opuesto.

a) Represente dentro del recuadro adjunto las líneas de campo eléctrico creadas por un dipolo eléctrico. Represente la proyección de las superficies equipotenciales en el plano de la figura.

Orientación: para el campo eléctrico dibuje 12 líneas de campo y 3 líneas equipotenciales por cada carga.

[1,251{,}25 puntos]

b) El valor de la carga es |Q| = 1,50 μC1{,}50\,\mathrm{\mu C}, la carga positiva está situada en −5ı^ cm{-5\hat\imath}\,\mathrm{cm} y la carga negativa está situada en 5ı^ cm5\hat\imath\,\mathrm{cm}. Calcule el campo eléctrico creado por el dipolo eléctrico en el origen de coordenadas y también el valor del potencial eléctrico en el origen de coordenadas. Para las magnitudes vectoriales puede dar las componentes o el módulo, la dirección y el sentido.

[1,251{,}25 puntos]

Dato: kk=14πε0{}= \frac{1}{4\pi\varepsilon_0}=8,99×109 N m2 C−2{}= 8{,}99\times10^9\,\mathrm{N\,m^2\,C^{-2}}.

Cuadrícula con eje x horizontal y y vertical, ambos en cm. Carga+ sobre x a la izquierda del origen y carga− a la derecha, simétricas respecto al origen; corresponden a x=−5 cm y+5 cm según el apartado b. No hay líneas de campo ni equipotenciales dibujadas.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento Las líneas de campo salen de la carga positiva y llegan a la negativa; las equipotenciales son siempre perpendiculares al campo. La simetría determina el plano de potencial nulo.

  1. Trazamos 12 líneas con flechas de+ a−, distribuidas radialmente al salir y entrar, sin cruces.

    E⃗=E⃗++E⃗−\vec E=\vec E_++\vec E_-
  2. Añadimos tres contornos cerrados alrededor de cada carga, casi circulares cerca de ella y deformados hacia la otra; el eje perpendicular que pasa por el punto medio tiene V=0.

    V=kQ(1/r+−1/r−)V=kQ(1/r_+-1/r_-)

ResultadoLíneas dirigidas de+ a− y contornos equipotenciales perpendiculares; V=0 en la mediatriz.

La pauta oficial da: dibujo dipolo;V=0 mediatriz

b)1,25 puntos

Planteamiento En el punto medio los campos de las dos cargas apuntan en el mismo sentido. Los potenciales, al ser escalares de signo opuesto, se cancelan.

  1. Cada carga está a 0,050 m del origen; ambos campos apuntan a+x.

    E⃗\vec E=28,99⋅109⋅1,50⋅10−60,0502ı^{}= 2\frac{8{,}99\cdot10^9\cdot1{,}50\cdot10^{-6}}{0{,}050^2}\hat\imath
  2. Sumamos los potenciales con su signo.

    V=kQ0,050−kQ0,050=0V=\frac{kQ}{0{,}050}-\frac{kQ}{0{,}050}=0

ResultadoE=1,08×107 N/CE=1{,}08\times10^{7}\,\mathrm{N/C} hacia +x+x; V=0 VV=0\,\mathrm{V}

La pauta oficial da: 1,08e7i N/C;0V

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2022, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

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2022Convocatoria ordinaria · Serie 5 · Ejercicio 2

2,5 puntosCoincide con la pauta
Enunciado oficial

Una partícula cargada está sobre una mesa horizontal sin fricción y dentro de un campo eléctrico homogéneo y constante. La partícula está atada con un hilo a un punto P respecto del cual puede pivotar libremente. Inicialmente, la partícula está sujetada al punto A y en reposo, de forma que el hilo, que está tenso, forma un ángulo de 60° respecto al campo eléctrico.

a) En la figura anterior, represente sobre la partícula la fuerza eléctrica y la fuerza que ejerce el hilo . Calcule el módulo de la fuerza eléctrica que actúa sobre la partícula cuando está en la posición A. ¿Esta fuerza eléctrica será constante a lo largo de la trayectoria desde A hasta B? Justifique la respuesta.

[1,251{,}25 puntos]

b) Calcule el módulo de la velocidad de la partícula cuando pasa por el punto B.

Justifique la respuesta e indique el principio físico en el que se ha basado.

[1,251{,}25 puntos]

Datos: L = 1,0 m1{,}0\,\mathrm{m}.

m = 2,5 g2{,}5\,\mathrm{g}.

∣E⃗∣|\vec E| = 1,2×103 V/m1{,}2\times10^{3}\,\mathrm{V/m}.

q = 3 μC3\,\mathrm{\mu C}.

PivoteP abajo a la izquierda. Hilo de longitudL uneP con partícula q, m situada enA; el hilo forma 60° con la horizontal. El campo eléctricoE tiene líneas horizontales con flechas hacia la derecha. Una trayectoria curva en arco de círculo uneA conB, situado en la misma horizontal deP a distanciaL; B está a la derecha.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento La carga es positiva y el campo es homogéneo: la fuerza eléctrica es constante hacia la derecha. La tensión apunta a lo largo del hilo hacia P y cambia de dirección durante el movimiento.

  1. Multiplicamos carga por campo.

    Fe=qE=3⋅10−6⋅1,2⋅103F_e=qE=3\cdot10^{-6}\cdot1{,}2\cdot10^3
  2. Dibujamos la fuerza eléctrica horizontal y la tensión desde A hacia P.

    F⃗e=qE⃗=constant\vec F_e=q\vec E=\text{constant}

ResultadoFe=3,60×10−3 NF_e=3{,}60\times10^{-3}\,\mathrm{N}, constante de A a B y dirigida a la derecha.

La pauta oficial da: 3,60e-3N;constante

b)1,25 puntos

Planteamiento La tensión es perpendicular al desplazamiento y no hace trabajo. Solo la fuerza eléctrica cambia la energía cinética.

  1. La proyección del desplazamiento sobre el campo es la diferencia de coordenadas horizontales.

    Δx\Delta x=L−Lcos⁡60∘{}= L-L\cos60^\circ=1,0(1−1/2){}= 1{,}0(1-1/2)=0,50 m{}= 0{,}50\,\mathrm m
  2. Aplicamos el teorema de la energía cinética desde el reposo.

    12mvB2=qEΔx\frac12mv_B^2=qE\Delta xvBv_B=2(3⋅10−6)(1,2⋅103)(0,50)/(2,5⋅10−3){}= \sqrt{2(3\cdot10^{-6})(1{,}2\cdot10^3)(0{,}50)/(2{,}5\cdot10^{-3})}

ResultadovB = 1,20 m/s

La pauta oficial da: 1,20m/s

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2022, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

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2022Convocatoria extraordinaria · Serie 3 · Ejercicio 2

2,5 puntosCoincide con la pauta
Enunciado oficial

En la figura 1 adjunta, se ha situado una carga puntual Q = +1,00 nC+1{,}00\,\mathrm{nC} en el origen de coordenadas.

a) Determine a qué distancia de la carga el potencial es igual a 3,00 V3{,}00\,\mathrm{V}, 6,00 V6{,}00\,\mathrm{V}, 9,00 V9{,}00\,\mathrm{V} y 12,0 V12{,}0\,\mathrm{V}, respectivamente. Represente dentro de la figura las líneas equipotenciales correspondientes a los potenciales de 3,00 V3{,}00\,\mathrm{V}, 6,00 V6{,}00\,\mathrm{V}, 9,00 V9{,}00\,\mathrm{V} y 12,0 V12{,}0\,\mathrm{V}. Diga si la distancia entre las líneas equipotenciales es constante y cuánto vale o valen estas distancias.

[1,251{,}25 puntos]

b) En la misma figura, represente 8 líneas de campo eléctrico. ¿Qué ángulo forman las líneas de campo con las líneas equipotenciales en el punto donde se cruzan?

[1,251{,}25 puntos]

Dato: kk=14πε0{}= \frac{1}{4\pi\varepsilon_0}=9,00×109 N m2 C−2{}= 9{,}00\times10^9\,\mathrm{N\,m^2\,C^{-2}}.

Cuadrícula con ejes x e y enm y origen marcado por una carga positiva. Las marcas principales separan 1 m y la región visible abarca aproximadamente−4 a+4 m en horizontal y−2 a+2 m en vertical. No hay líneas equipotenciales ni de campo dibujadas.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento Una carga puntual crea superficies equipotenciales esféricas; en el plano aparecen como circunferencias. Despejamos el radio para cada potencial.

  1. Sustituimos kQ=9,00 V·m.

    V=kQ/r⇒r=kQ/V=9,00/VV=kQ/r\Rightarrow r=kQ/V=9{,}00/V
  2. Dibujamos cuatro circunferencias concéntricas y restamos radios consecutivos.

    r3r_3=9/3; r6{}= 9/3;\ r_6=9/6; r9{}= 9/6;\ r_9=9/9; r12{}= 9/9;\ r_{12}=9/12{}= 9/12Δr=(1,50,0,50,0,25) m\Delta r=(1{,}50,0{,}50,0{,}25)\,\mathrm m

Resultador3 = 3,00 m; r6 = 1,50 m; r9 = 1,00 m; r12 = 0,750 m. Separaciones 1,50; 0,50; 0,25 m: no constantes.

La pauta oficial da: 3m;1,5m;1m;0,75m;distancias1,5;0,5;0,25m

b)1,25 puntos

Planteamiento El campo de una carga positiva es radial y saliente. Es perpendicular a cada superficie equipotencial porque no hay trabajo en un desplazamiento tangencial a ella.

  1. Trazamos ocho semirrectas desde el origen, por ejemplo cada 45°, con flechas hacia fuera.

    E⃗=kQr2r^\vec E=\frac{kQ}{r^2}\hat rE⃗⊥equipotencial\vec E\perp\text{equipotencial}

Resultadoθ = 90°; ocho líneas radiales salientes.

La pauta oficial da: 90°;ocho líneas salientes

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2022, convocatoria extraordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

El examen entero, resueltoExamen en catalán (PDF)Examen en castellano (PDF)Pauta de corrección (PDF)Reutilizado según el aviso legal de la Generalitat

2021Convocatoria ordinaria · Serie 2 · Ejercicio 2

2,5 puntosCoincide con la pauta
Enunciado oficialEste examen solo se publicó en catalán; el texto en castellano de abajo es traducción de EducaIA.

Tres cargas negativas iguales, −q, se encuentran situadas en los vértices de un triángulo equilátero de lado d.

a) ¿Hay algún punto en el interior del triángulo donde el campo eléctrico sea nulo? Justifique la respuesta. Determine el módulo, la dirección y el sentido del campo eléctrico en el vértice superior del triángulo creado por las dos cargas situadas en la base. Exprese el resultado en función de q, d y la constante de Coulomb.

[1,25 puntos]

b) Determine la energía de formación de este sistema de cargas. Exprese el resultado en función de q, d y la constante de Coulomb.

[1,25 puntos]

Triángulo equilátero con un vértice arriba y base horizontal. Cada vértice lleva la carga −q. Los tres lados están marcados d. No hay vectores de campo ni fuerzas dibujados.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento En el baricentro las tres contribuciones iguales forman ángulos de ciento veinte grados y se anulan. En el vértice superior solo sumamos las dos cargas de la base, sin incluir el campo propio.

  1. Los componentes horizontales de los dos campos se cancelan por simetría.

    E1=E2=kqd2E_{1}=E_{2}=\frac{kq}{d^2}Ex=0E_x=0
  2. Los componentes verticales apuntan hacia las cargas negativas, abajo.

    Ey=−2kqd2cos⁡30∘=−3kqd2E_y=-2\frac{kq}{d^2}\cos30^\circ=-\sqrt3\frac{kq}{d^2}

ResultadoEcentro = 0 N/C. En el vértice superior: módulo √3·kq/d², vertical hacia la base.

La pauta oficial da: Campo central nulo; −√3 kq/d² j

b)1,25 puntos

Planteamiento La energía de formación es el trabajo externo necesario para reunir las cargas desde el infinito. Sumamos cada pareja una sola vez.

  1. Hay tres parejas, separadas todas una distancia d.

    UU=k(−q)(−q)d{}= k\frac{(-q)(-q)}d+k(−q)(−q)d{}+k\frac{(-q)(-q)}d+k(−q)(−q)d{}+k\frac{(-q)(-q)}d
  2. El resultado es positivo: para juntar cargas iguales debemos vencer su repulsión.

    U=3kq2d>0U=\frac{3kq^2}{d}>0

ResultadoU = 3kq²/d; positiva.

La pauta oficial da: 3kq²/d

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2021, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. La traducción al castellano es de EducaIA, con la misma licencia. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

El examen entero, resueltoExamen (PDF)Pauta de corrección (PDF)Licencia CC BY-NC-SA 4.0

2021Convocatoria ordinaria · Serie 2 · Ejercicio 4

2,5 puntosLa pauta redondea distinto
Enunciado oficialEste examen solo se publicó en catalán; el texto en castellano de abajo es traducción de EducaIA.

En una región del espacio de forma cuadrada y de lado d=12 mmd=12\,\mathrm{mm}, hay un campo eléctrico uniforme y constante de valor 2,00⋅106 N/C2{,}00\cdot10^{6}\,\mathrm{N/C}.

a) ¿Cuál es la diferencia de potencial, VB−VAV_B-V_A, entre los puntos A y B de la figura? ¿Cuál es la diferencia de potencial, VD−VCV_D-V_C, entre los puntos C y D de la figura? Justifique las respuestas.

[1,25 puntos]

b) Dejamos un protón, inicialmente parado, en el punto A. ¿Qué movimiento describirá? Justifique la respuesta. ¿Qué velocidad (solo el módulo) tendrá en el instante en que abandone esta región cuadrada? ¿Qué trabajo ha hecho el campo eléctrico sobre el protón?

[1,25 puntos]

Datos: mp=1,67⋅10−27 kgm_p=1{,}67\cdot10^{-27}\,\mathrm{kg}. ∣e∣=1,602⋅10−19 C|e|=1{,}602\cdot10^{-19}\,\mathrm{C}.

Región cuadrada gris de lado 12 mm, indicado mediante doble flecha vertical a la derecha. Cuatro líneas de campo uniformes horizontales con flechas hacia la derecha. A está en el punto medio del lado izquierdo, B en el derecho, C en el inferior y D en el superior; C y D están alineados verticalmente. Etiqueta vector E.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento El potencial disminuye en el sentido del campo uniforme. Un desplazamiento perpendicular al campo no cambia el potencial.

  1. A y B están separados horizontalmente todo el lado del cuadrado, en el sentido del campo.

    VB−VAV_B-V_A=−Ed{}= -Ed=−2,00⋅106⋅12⋅10−3{}= -2{,}00\cdot10^6\cdot12\cdot10^{-3}
  2. C y D están en la misma vertical y sobre la misma equipotencial.

    VD−VC=−E⃗⋅CD→=0V_D-V_C=-\vec E\cdot\overrightarrow{CD}=0

ResultadoΔVBA=−2,40×104 V\Delta V_{BA}=-2{,}40\times10^{4}\,\mathrm{V}; ΔVDC=0 V\Delta V_{DC}=0\,\mathrm{V}

La pauta oficial da: −24000V; 0V

b)1,25 puntos

Planteamiento El protón recibe una fuerza constante hacia la derecha y describe un movimiento rectilíneo uniformemente acelerado. El trabajo del campo se transforma en energía cinética.

  1. Calculamos el trabajo positivo durante todo el ancho.

    WW=qEd{}= qEd=1,602⋅10−19⋅2,00⋅106⋅0,012{}= 1{,}602\cdot10^{-19}\cdot2{,}00\cdot10^6\cdot0{,}012
  2. El protón parte del reposo y el trabajo es su energía cinética final.

    12mpv2=W⇒v=2qEdmp\frac12m_pv^2=W\Rightarrow v=\sqrt{\frac{2qEd}{m_p}}

Resultadov=2,15×106 m/sv=2{,}15\times10^{6}\,\mathrm{m/s}; W=3,84×10−15 JW=3{,}84\times10^{-15}\,\mathrm{J}

La pauta oficial da: 2,14·10⁶ m/s; 3,85·10⁻¹⁵ J

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2021, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. La traducción al castellano es de EducaIA, con la misma licencia. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

El examen entero, resueltoExamen (PDF)Pauta de corrección (PDF)Licencia CC BY-NC-SA 4.0

2021Convocatoria ordinaria · Serie 5 · Ejercicio 5

2,5 puntosCoincide con la pauta
Enunciado oficialEste examen solo se publicó en catalán; el texto en castellano de abajo es traducción de EducaIA.

La electroforesis es una técnica que se utiliza para estudiar fragmentos de DNA cargados eléctricamente. Tal como muestra la figura, los fragmentos de DNA se colocan en el interior de un condensador sumergido en un gel que permite el movimiento libre de los fragmentos de DNA. El condensador genera un campo eléctrico uniforme y constante entre el cátodo (cargado negativamente, –) y el ánodo (cargado positivamente, +). Las muestras se sitúan cerca del cátodo y son aceleradas hacia el ánodo. A partir del análisis de sus aceleraciones se puede estimar la masa de los fragmentos de DNA. El cátodo y el ánodo se encuentran separados 18 cm18\,\mathrm{cm} y están sometidos a una diferencia de potencial de 115 V115\,\mathrm{V}.

a) ¿Cuál es el signo de la carga de los fragmentos de DNA? Justifique la respuesta. Determine el módulo de la fuerza electrostática que experimentan los fragmentos de DNA. Dibuje las líneas de campo eléctrico e indique en este esquema la dirección y el sentido de la fuerza que actúa sobre el fragmento de DNA.

[1,25 puntos]

b) Un fragmento de DNA experimenta una aceleración de 2,13⋅10−2 m/s22{,}13\cdot10^{-2}\,\mathrm{m/s^{2}}. Considerando que no hay fricción, ¿cuál sería su masa? Si no despreciamos la fricción, ¿el resultado que obtendremos será mayor o menor que el valor de la masa que ha determinado anteriormente? Justifique la respuesta.

[1,25 puntos]

Datos: |q_fragmento| = 2,00⋅10−18 C2{,}00\cdot10^{-18}\,\mathrm{C}.

Esquema en perspectiva de un recipiente de gel con dos barras paralelas: cátodo negativo en la zona posterior izquierda y ánodo positivo en la zona anterior derecha. Un fragmento de DNA está situado cerca del cátodo. Las barras se unen mediante cables a los terminales de una fuente de alimentación. Etiquetas Fragment de DNA, càtode y ànode; no hay flechas de campo impresas.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento El campo va del ánodo positivo al cátodo negativo. Para acelerarse hacia el ánodo, los fragmentos deben ser negativos y sufrir una fuerza opuesta al campo.

  1. En el esquema se trazan líneas uniformes desde el ánodo al cátodo y la flecha de fuerza al revés sobre el DNA.

    E=ΔVd=1150,18E=\frac{\Delta V}{d}=\frac{115}{0{,}18}
  2. Multiplicamos el campo por el módulo de carga.

    FF=∣q∣E{}= |q|E=2,00⋅10−181150,18{}= 2{,}00\cdot10^{-18}\frac{115}{0{,}18}

ResultadoE=639 V/mE=639\,\mathrm{V/m}; F=1,28×10−15 NF=1{,}28\times10^{-15}\,\mathrm{N}. Carga negativa; fuerza hacia el ánodo.

La pauta oficial da: 639V/m;1,28e-15N; carga negativa

b)1,25 puntos

Planteamiento Sin fricción la fuerza eléctrica es la resultante. Si la aceleración medida se mantiene fija y añadimos una fricción opuesta, la masa compatible con esa medición es menor.

  1. Dividimos la fuerza no redondeada por la aceleración.

    midealm_{\rm ideal}=2,00⋅10−18(115/0,18)2,13⋅10−2{}= \frac{2{,}00\cdot10^{-18}(115/0{,}18)}{2{,}13\cdot10^{-2}}
  2. La masa inferida con fricción es la fuerza neta dividida por la misma aceleración.

    m=Fe−Ffa<Feam=\frac{F_e-F_f}{a}<\frac{F_e}{a}

Resultadom=6,00×10−14 kgm=6{,}00\times10^{-14}\,\mathrm{kg}. Con fricción, masa inferida menor.

La pauta oficial da: 6,00e-14kg; menor

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2021, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. La traducción al castellano es de EducaIA, con la misma licencia. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

El examen entero, resueltoExamen (PDF)Pauta de corrección (PDF)Licencia CC BY-NC-SA 4.0

2021Convocatoria ordinaria · Serie 5 · Ejercicio 7

2,5 puntosLa pauta redondea distinto
Enunciado oficialEste examen solo se publicó en catalán; el texto en castellano de abajo es traducción de EducaIA.

Tenemos tres cargas puntuales fijas, Q1=−3 µCQ_1=-3\,\mathrm{µC}, Q2=2 µCQ_2=2\,\mathrm{µC} y Q3=3 µCQ_3=3\,\mathrm{µC}, situadas respectivamente en el origen de coordenadas y en los puntos (22, 00) m y (00, 22) m.

a) Represente las tres cargas indicando claramente los ejes de coordenadas, etiquetando numéricamente los segmentos e indicando las unidades. Determine las componentes y el módulo de la fuerza que actúa sobre Q2Q_2. Indique esquemáticamente la dirección y el sentido de esta fuerza en la representación de las tres cargas.

[1,25 puntos]

b) ¿Qué trabajo tendremos que hacer para llevar una carga puntual de 5 μC5\,\mathrm{μC} desde una distancia muy grande hasta el punto (22, 22) m?

[1,25 puntos]

Dato: kk=14πε0{}= \frac{1}{4\pi\varepsilon_0}=8,99⋅109 N m2 C−2{}= 8{,}99\cdot10^9\,\mathrm{N\,m^2\,C^{-2}}.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento Sumamos las fuerzas sobre Q 2: la carga negativa del origen atrae hacia la izquierda, mientras la positiva Q 3 repele hacia abajo y a la derecha.

  1. En el dibujo situamos Q 1 en(0,0), Q 2 en(2,0) y Q 3 en(0,2), con ejes y distancias en metros.

    F⃗12\vec F_{12}=−k(3⋅10−6)(2⋅10−6)22i^{}= -\frac{k(3\cdot10^{-6})(2\cdot10^{-6})}{2^2}\hat i∣F⃗32∣|\vec F_{32}|=k(3⋅10−6)(2⋅10−6)(22)2{}= \frac{k(3\cdot10^{-6})(2\cdot10^{-6})}{(2\sqrt2)^2}
  2. Descomponemos la fuerza diagonal a cuarenta y cinco grados y sumamos. La resultante apunta al tercer cuadrante.

    Fx=F12,x+F32/2F_x=F_{12,x}+F_{32}/\sqrt2Fy=−F32/2F_y=-F_{32}/\sqrt2F=Fx2+Fy2F=\sqrt{F_x^2+F_y^2}

ResultadoFx=−8,72×10−3 NF_x=-8{,}72\times10^{-3}\,\mathrm{N}; Fy=−4,77×10−3 NF_y=-4{,}77\times10^{-3}\,\mathrm{N}; F=9,94×10−3 NF=9{,}94\times10^{-3}\,\mathrm{N}

La pauta oficial da: Fx−8,72e-3N;Fy−4,77e-3N;F9,93e-3N

b)1,25 puntos

Planteamiento El trabajo externo cuasiestático para traer una carga desde el infinito es su incremento de energía potencial. Primero sumamos los potenciales de las tres cargas fijas.

  1. Las distancias desde(2,2) son 2√2, 2 y 2 metros.

    VV=k(−3⋅10−622+2⋅10−62+3⋅10−62){}= k\left(\frac{-3\cdot10^{-6}}{2\sqrt2}+\frac{2\cdot10^{-6}}2+\frac{3\cdot10^{-6}}2\right)
  2. El potencial inicial es cero y la carga transportada es positiva.

    Wext=qV=5⋅10−6VW_{\rm ext}=qV=5\cdot10^{-6}V

ResultadoWext=6,47×10−2 JW_{\text{ext}}=6{,}47\times10^{-2}\,\mathrm{J}

La pauta oficial da: 6,47e-2J

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2021, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. La traducción al castellano es de EducaIA, con la misma licencia. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

El examen entero, resueltoExamen (PDF)Pauta de corrección (PDF)Licencia CC BY-NC-SA 4.0

2021Convocatoria extraordinaria · Serie 1 · Ejercicio 2

2,5 puntosCoincide con la pauta
Enunciado oficialEste examen solo se publicó en catalán; el texto en castellano de abajo es traducción de EducaIA.

Para conseguir soldaduras profundas, en la industria aeroespacial se utiliza la técnica de haces de electrones de alta densidad energética. Esta técnica consiste en bombardear con electrones de alta energía las piezas que se deben soldar dentro de una cámara de vacío. El haz de electrones se genera calentando a alta temperatura una banda de wolframio. Posteriormente, el haz se acelera bajo la acción de un campo eléctrico uniforme que se crea aplicando una diferencia de potencial de 15 kV15\,\mathrm{kV} entre el ánodo y el cátodo.

a) Si la separación entre el cátodo y el ánodo es de 1,50 cm1{,}50\,\mathrm{cm}, determine el módulo del campo eléctrico que se crea entre uno y otro. Haga un esquema que indique la trayectoria de los electrones y la dirección y el sentido del campo eléctrico. ¿Qué placa se encuentra a un potencial más alto, el ánodo o el cátodo? Justifique la respuesta.

[1,25 puntos]

b) Considerando que un electrón está situado en el cátodo y parte del reposo, determine la energía y el módulo de la velocidad del electrón cuando sale del ánodo. Si la pieza que se debe soldar se encuentra al mismo potencial que el ánodo, ¿a qué velocidad impacta el electrón contra esta pieza?

[1,25 puntos]

Datos: me=9,11⋅10−31 kgm_e=9{,}11\cdot10^{-31}\,\mathrm{kg}. ∣e∣=1,602⋅10−19 C|e|=1{,}602\cdot10^{-19}\,\mathrm{C}.

[Figura omitida: imagen de terceros; está en el PDF oficial del examen.]

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento El ánodo tiene potencial mayor para acelerar electrones negativos desde el cátodo. El campo eléctrico apunta en sentido contrario a la trayectoria de los electrones.

  1. Dividimos el voltaje por la distancia entre placas.

    E=150001,50⋅10−2E=\frac{15000}{1{,}50\cdot10^{-2}}
  2. Esquema: cátodo negativo → trayectoria y fuerza hacia ánodo positivo; las flechas del campo van del ánodo al cátodo.

    F⃗=−∣e∣E⃗\vec F=-|e|\vec EVanodo>VcatodoV_{\rm anodo}>V_{\rm catodo}

ResultadoE=1,00×106 V/mE=1{,}00\times10^{6}\,\mathrm{V/m}. Potencial más alto: ánodo.

La pauta oficial da: 10⁶V/m; ánodo mayor

b)1,25 puntos

Planteamiento El campo realiza trabajo positivo al acelerar el electrón. En el modelo no relativista de la pauta, el trabajo es la energía cinética final. Entre ánodo y pieza no cambia la energía porque los potenciales inicial y final son iguales.

  1. Partiendo del reposo, el incremento cinético es e por el voltaje.

    KK=∣e∣ΔV{}= |e|\Delta V=1,602⋅10−19⋅15000{}= 1{,}602\cdot10^{-19}\cdot15000
  2. Obtenemos la rapidez y conservamos su módulo al llegar a la pieza equipotencial.

    v=2K/mev=\sqrt{2K/m_e}KpiezaK_{\rm pieza}−Kanodo{}-K_{\rm anodo}=−q(Vpieza−Vanodo)=0{}= -q(V_{\rm pieza}-V_{\rm anodo})=0

ResultadoK=2,403×10−15 JK=2{,}403\times10^{-15}\,\mathrm{J}; vaˊnodo=7,26×107 m/sv_{\text{ánodo}}=7{,}26\times10^{7}\,\mathrm{m/s}; vpieza=7,26×107 m/sv_{\text{pieza}}=7{,}26\times10^{7}\,\mathrm{m/s}

La pauta oficial da: 2,403e-15J;7,26e7m/s en ánodo y pieza

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2021, convocatoria extraordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. La traducción al castellano es de EducaIA, con la misma licencia. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

El examen entero, resueltoExamen (PDF)Pauta de corrección (PDF)Licencia CC BY-NC-SA 4.0

Errores típicos que penaliza la pauta

Preguntas frecuentes

¿Cuántos ejercicios de campo eléctrico han caído en la PAU de Física de Cataluña?

Entre 2021 y 2026, 22 ejercicios en 17 de los 18 exámenes que tenemos resueltos (cada año, la ordinaria y la extraordinaria, y también la serie de incidencias). Ha caído en 2026, 2025, 2024, 2023, 2022 y 2021.

¿Las soluciones son las oficiales?

No: las escribe EducaIA, paso a paso, y cada resultado está contrastado con la pauta oficial de corrección. Cuando la pauta da otra cifra (casi siempre por redondeo), lo ponemos al lado con la explicación.

¿Qué hago si mi resultado no coincide con la pauta?

Mira primero si la diferencia está en la última cifra: es redondeo, y el corrector la acepta. Las pautas sí restan por dar resultados con demasiadas cifras significativas o sin unidades, así que redondea el resultado final a tres cifras y pon siempre las unidades.

¿Puedo imprimir los ejercicios?

Sí. El botón de imprimir prepara una hoja con los enunciados oficiales, con espacio para responder, y las soluciones aparte. Cada ejercicio enlaza también el PDF oficial del examen y de la pauta.

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