Física, PAU 2024 de Cataluña: el examen de junio (serie 1) resuelto

El examen de junio (serie 1) de Física de la PAU de Cataluña de 2024, entero: los siete ejercicios que se proponían, tal como salieron, cada uno con la solución paso a paso de EducaIA de cada apartado, contrastada con la pauta oficial de corrección. Cuando nuestra respuesta no coincide del todo con la pauta, te decimos por qué.

Examen en catalán (PDF)Examen en castellano (PDF)Pauta de corrección (PDF)Reutilizado según el aviso legal de la Generalitat

Qué se proponía, en puntos

Los puntos de cada apartado, sumados por el tema del temario que pregunta. En este examen se elegían los ejercicios (lo dicen las instrucciones de abajo), así que la barra suma todos los que se proponían: 17,5 puntos.

Los ejercicios del examen

2024Convocatoria ordinaria · Serie 1 · Ejercicio 1

2,5 puntosLa pauta redondea distintoTemas: Campo gravitatorio
Enunciado oficial

BepiColombo es una misión espacial que tiene por objetivo la exploración de Mercurio. La misión fue lanzada en 20182018, y llegará en 20252025. Una vez allá, pondrá en órbita dos satélites alrededor del planeta. Uno de los satélites es el Mercury Planetary Orbiter (MPO), construido por la Agencia Espacial Europea, que orbitará alrededor de Mercurio con un radio orbital medio de 3 360 km3\,360\,\mathrm{km}.

a) Considere un satélite que realiza una órbita circular alrededor de Mercurio. Deduzca la expresión de la velocidad orbital del satélite en función del radio orbital y la masa de Mercurio (indique claramente en qué principios o leyes físicas se basa para hacer su deducción). Con esta expresión, calcule la velocidad orbital del satélite MPO mientras orbita alrededor de Mercurio. Calcule cuántas vueltas habrá dado al planeta al cabo de un año terrestre. [1,251{,}25 puntos]

b) A partir de la expresión general de la energía mecánica, obtenga la ecuación de esta para el caso particular de un satélite en órbita circular (es necesario que la ecuación final solo esté expresada en función de G, el radio orbital y las masas del satélite y del planeta). Una vez que el satélite MPO esté orbitando Mercurio, todavía tendrá combustible para poder hacer maniobras. Considere que el combustible disponible puede proporcionar una energía de 4,5⋅109 J4{,}5\cdot10^{9}\,\mathrm{J}. Determine el valor máximo que podría tener la masa del MPO para que con la energía disponible pudiera escapar del campo gravitatorio de Mercurio. [1,251{,}25 puntos] Datos: G=6,67⋅10−11 N m2 kg−2G=6{,}67\cdot10^{-11}\,\mathrm{N\,m^{2}\,kg^{-2}}. Masa de Mercurio, MM=3,285⋅1023 kgM_M=3{,}285\cdot10^{23}\,\mathrm{kg}. Año terrestre = 365,25365{,}25 días.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento La fuerza gravitatoria actúa como fuerza centrípeta. El radio orbital se mide desde el centro de Mercurio.

  1. Aplicamos Newton y la ley de gravitación.

    GMmr2=mv2r⇒v=GMr\frac{GMm}{r^2}=m\frac{v^2}{r}\Rightarrow v=\sqrt{\frac{GM}{r}}vv=6,67⋅10−11⋅3,285⋅10233,360⋅106{}= \sqrt{\frac{6{,}67\cdot10^{-11}\cdot3{,}285\cdot10^{23}}{3{,}360\cdot10^6}}
  2. Dividimos los segundos de un año por el período sin redondearlo.

    n=365,25⋅864002πr/vn=\frac{365{,}25\cdot86400}{2\pi r/v}

Resultadov=2,55⋅103 m/sv=2{,}55\cdot10^3\,\mathrm{m/s}; n=3817 vueltasn=3817\,\mathrm{vueltas}.

La pauta oficial da: 2,55·10³ m/s; 3816 vueltas

b)1,25 puntos

Planteamiento Para escapar con velocidad final nula en el infinito hay que elevar la energía total hasta cero. La energía disponible fija la masa máxima.

  1. Sustituimos la velocidad circular en la suma de energías.

    Em=12mv2−GMmr=−GMm2rE_m=\frac12mv^2-\frac{GMm}{r}=-\frac{GMm}{2r}
  2. Igualamos el módulo de la energía de enlace con el combustible.

    4,5⋅1094{,}5\cdot10^9=GMmmax⁡2r{}= \frac{GMm_{\max}}{2r}⇒mmax⁡{}\Rightarrow m_{\max}=2⋅3,360⋅106⋅4,5⋅1096,67⋅10−11⋅3,285⋅1023{}= \frac{2\cdot3{,}360\cdot10^6\cdot4{,}5\cdot10^9}{6{,}67\cdot10^{-11}\cdot3{,}285\cdot10^{23}}

Resultadommax⁡=1,38⋅103 kgm_{\max}=1{,}38\cdot10^3\,\mathrm{kg}.

La pauta oficial da: −GMm/(2r); 1,38·10³ kg

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2024, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

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2024Convocatoria ordinaria · Serie 1 · Ejercicio 2

2,5 puntosCoincide con la pautaTemas: Movimiento armónico simple
Enunciado oficial

En el laboratorio diseñamos un experimento con dos masas que realizan movimientos independientes. La primera masa es de 0,5 kg0{,}5\,\mathrm{kg} y cuelga de un muelle vertical. La segunda masa se encuentra sujeta a un disco vertical que gira a una velocidad angular de 6,41 rad/s6{,}41\,\mathrm{rad/s} y el centro de esta masa está a una distancia de 19 cm19\,\mathrm{cm} del centro del disco. Ambas masas se iluminan lateralmente y se observa que sus sombras siguen exactamente el mismo movimiento armónico simple. Para conseguirlo, soltamos desde abajo la masa del muelle justo en t=0 st=0\,\mathrm{s}, momento en que la masa del disco también pasa por el punto más bajo de la rotación.

a) Escriba la ecuación de la posición vertical de las sombras respecto al tiempo. Encuentre la constante elástica del muelle y la energía mecánica del movimiento armónico simple. [1,251{,}25 puntos]

b) Calcule la ecuación de la velocidad y la energía cinética respecto al tiempo de la masa que cuelga del muelle. Represente en la cuadrícula adjunta la energía mecánica, la energía potencial y la energía cinética en función de la posición vertical para la masa que cuelga del muelle. [1,251{,}25 puntos]

Cuadrícula para las energías del movimiento armónico. Eje vertical E (J), eje horizontal y (m), origen de y en el centro de la base; y positivo a la derecha y negativo a la izquierda. Sin valores numéricos ni curvas de energía impresas.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento La proyección de un movimiento circular es armónica. La amplitud es el radio del disco y las dos masas tienen la misma frecuencia angular.

  1. Elegimos origen en el equilibrio y sentido positivo ascendente. Inicialmente la masa está en el punto más bajo y en reposo.

    y(t)=−0,19cos⁡(6,41t) my(t)=-0{,}19\cos(6{,}41t)\,\mathrm{m}
  2. Hallamos la rigidez y la energía de oscilación respecto al equilibrio.

    k=mω2=0,5⋅6,412k=m\omega^2=0{,}5\cdot6{,}41^2EmE_m=12kA2{}= \frac12kA^2=12(0,5⋅6,412)⋅0,192{}= \frac12(0{,}5\cdot6{,}41^2)\cdot0{,}19^2

Resultadok=20,54 N/mk=20{,}54\,\mathrm{N/m}; Em=0,371 JE_m=0{,}371\,\mathrm{J}.

La pauta oficial da: y=−0,19 cos(6,41t) m; k=20,54 N/m; Em=0,371 J

b)1,25 puntos

Planteamiento La velocidad es la derivada de la posición. Las energías cinética y potencial se complementan y suman una constante.

  1. Derivamos y calculamos la cinética con la masa.

    v(t)v(t)=0,19⋅6,41sin⁡(6,41t){}= 0{,}19\cdot6{,}41\sin(6{,}41t)=1,2179sin⁡(6,41t) m/s{}= 1{,}2179\sin(6{,}41t)\,\mathrm{m/s}K(t)=0,37082sin⁡2(6,41t) JK(t)=0{,}37082\sin^2(6{,}41t)\,\mathrm{J}
  2. Gráfico en función de y: recta horizontal para Em, parábola abierta hacia arriba para U y parábola abierta hacia abajo para K. El dominio va de −A a A; K es cero en los extremos y U es cero en el equilibrio.

    Em=0,37082E_m=0{,}37082U(y)=10,272y2U(y)=10{,}272y^2K(y)K(y)=0,37082{}= 0{,}37082−10,272y2[J]{}-10{,}272y^2\quad[\mathrm{J}]

Resultadovmax⁡=1,218 m/sv_{\max}=1{,}218\,\mathrm{m/s}; Em=0,371 JE_m=0{,}371\,\mathrm{J}; Kmax⁡=0,371 JK_{\max}=0{,}371\,\mathrm{J}; U2=10,27 J/m2U_2=10{,}27\,\mathrm{J/m^2}.

La pauta oficial da: v=1,218 sin(6,41t) m/s; K=0,371 sin²(6,41t) J; U=10,27y² J

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2024, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

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2024Convocatoria ordinaria · Serie 1 · Ejercicio 3

2,5 puntosCoincide con la pautaTemas: Campo eléctrico
Enunciado oficial

La superficie de la Tierra es principalmente agua que contiene iones en disolución y que le hacen adquirir una carga neta negativa. Se puede considerar que la Tierra tiene un campo eléctrico en puntos próximos a su superficie con un módulo constante de 150 N/C150\,\mathrm{N/C}.

a) Dibuje la esfera terrestre y represente el campo eléctrico alrededor de la superficie. Calcule el valor de la carga total que produce este campo eléctrico. Para ello, considere que el campo eléctrico creado por una superficie esférica cargada uniformemente es igual al generado por toda la carga situada en el centro de la esfera. [1,251{,}25 puntos]

b) Calcule el módulo de la fuerza eléctrica que producirá el campo eléctrico sobre un electrón libre situado cerca de la superficie de la Tierra. Calcule la masa que debe tener una gota esférica de agua con una carga extra de un solo electrón para que su peso se compense con la fuerza eléctrica. Elabore un esquema donde se muestren las fuerzas que actúan sobre la gota. Calcule el diámetro de esta gota de agua. [1,251{,}25 puntos] Datos: Radio de la Tierra, RT=6,37⋅106 mR_T=6{,}37\cdot10^6\,\mathrm{m}. Densidad del agua, ρ=103 kg/m3\rho=10^3\,\mathrm{kg/m^3}. Masa del electrón, Me=9,11⋅10−31 kgM_e=9{,}11\cdot10^{-31}\,\mathrm{kg}. Superficie esférica: 4πr24\pi r^2. Volumen de una esfera: 43πr3\frac{4}{3}\pi r^3. ∣e∣=1,602⋅10−19 C|e|=1{,}602\cdot10^{-19}\,\mathrm{C}. kk=14πε0{}= \frac{1}{4\pi\varepsilon_0}=8,99⋅109 N m2 C−2{}= 8{,}99\cdot10^9\,\mathrm{N\,m^2\,C^{-2}}. g=9,81 m/s2g=9{,}81\,\mathrm{m/s^{2}}.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento El campo exterior de la esfera equivale al de una carga puntual central. El signo negativo hace que las líneas entren radialmente hacia la Tierra.

  1. Despejamos el módulo de la carga y añadimos su signo físico.

    E=k∣Q∣RT2E=\frac{k|Q|}{R_T^2}QQ=−150(6,37⋅106)28,99⋅109{}= -\frac{150(6{,}37\cdot10^6)^2}{8{,}99\cdot10^9}

ResultadoQ=−6,77⋅105 CQ=-6{,}77\cdot10^5\,\mathrm{C}.

La pauta oficial da: −6,77·10⁵ C

b)1,25 puntos

Planteamiento Sobre una carga negativa, el campo terrestre produce una fuerza ascendente. La gota puede estar en equilibrio si esa fuerza iguala el peso.

  1. Calculamos la fuerza y la masa de la gota.

    F=∣e∣E=1,602⋅10−19⋅150F=|e|E=1{,}602\cdot10^{-19}\cdot150m=∣e∣E9,81m=\frac{|e|E}{9{,}81}
  2. El diagrama de fuerzas tiene dos flechas iguales: peso abajo y fuerza eléctrica arriba. La densidad fija el diámetro.

    m=ρ43πr3m=\rho\frac43\pi r^3d=2(3m4π⋅103)1/3d=2\left(\frac{3m}{4\pi\cdot10^3}\right)^{1/3}

ResultadoF=2,403⋅10−17 NF=2{,}403\cdot10^{-17}\,\mathrm{N}; m=2,45⋅10−18 kgm=2{,}45\cdot10^{-18}\,\mathrm{kg}; d=1,67⋅10−7 md=1{,}67\cdot10^{-7}\,\mathrm{m}.

La pauta oficial da: 2,403·10⁻¹⁷ N; 2,45·10⁻¹⁸ kg; 1,67·10⁻⁷ m

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2024, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

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2024Convocatoria ordinaria · Serie 1 · Ejercicio 4

2,5 puntosCoincide con la pautaTemas: Campo magnético
Enunciado oficial

Un pararrayos es una barra metálica vertical que atrae y dirige grandes descargas de corriente hacia el suelo. La gran mayoría de rayos nube-tierra son negativos, es decir, son transferencias de carga negativa de la nube hacia el suelo. En el momento de la descarga se crea un campo magnético alrededor del pararrayos que podemos equiparar al creado por un hilo de corriente infinita. La corriente máxima que puede asumir un pararrayos es de unos 100 kA100\,\mathrm{kA}.

a) Calcule el campo magnético máximo que puede crear el pararrayos a una distancia de 10 cm10\,\mathrm{cm}. Realice un dibujo esquemático del pararrayos indicando el sentido del movimiento de los electrones, la intensidad de corriente y tres líneas de campo magnético. Justifique el sentido de las líneas de campo. [1,251{,}25 puntos]

b) Represente gráficamente, en la cuadrícula de abajo, el módulo de este campo magnético máximo en función de la distancia r al pararrayos en el siguiente intervalo: 10 cm10\,\mathrm{cm} ≤ r ≤ 50 cm50\,\mathrm{cm}. Supongamos que hay un electrón que en el momento de la descarga se encuentra a 10 cm10\,\mathrm{cm} del pararrayos y con una velocidad de 103 m/s10^3\,\mathrm{m/s} paralela al pararrayos y hacia el suelo. Calcule el módulo de la fuerza que crea el campo magnético sobre el electrón y justifique cuál es su dirección y su sentido. [1,251{,}25 puntos] Datos: El módulo de campo magnético creado por un hilo infinito por donde circula una corriente I a una distancia r del hilo es B=μ0I2πrB=\frac{\mu_0 I}{2\pi r}. μ0=4π⋅10−7 T m A−1\mu_0=4\pi\cdot10^{-7}\,\mathrm{T\,m\,A^{-1}}. ∣e∣=1,602⋅10−19 C|e|=1{,}602\cdot10^{-19}\,\mathrm{C}.

Cuadrícula vacía para representar el módulo del campo magnético máximo frente a la distancia al pararrayos. Sin etiquetas, valores ni curva preimpresos.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento El pararrayos se modela como un hilo infinito. La corriente convencional va en sentido contrario al descenso de los electrones.

  1. Sustituimos la intensidad máxima y la distancia.

    BB=μ0I2πr{}= \frac{\mu_0 I}{2\pi r}=4π⋅10−7⋅100⋅1032π⋅0,10{}= \frac{4\pi\cdot10^{-7}\cdot100\cdot10^3}{2\pi\cdot0{,}10}
  2. Esquema: hilo vertical, electrones hacia abajo, I hacia arriba y tres circunferencias centradas en el hilo. La regla de la mano derecha con el pulgar arriba da el sentido del campo.

    v⃗e↓\vec v_e\downarrowI↑I\uparrowB(r)∝r−1B(r)\propto r^{-1}

ResultadoB=0,20 TB=0{,}20\,\mathrm{T}.

La pauta oficial da: 0,2 T; corriente hacia arriba

b)1,25 puntos

Planteamiento El campo decrece como el inverso de la distancia. La fuerza de Lorentz sobre el electrón es radial y apunta hacia el pararrayos.

  1. Para dibujar la hipérbola usamos metros en el eje horizontal y teslas en el vertical.

    B(r)=0,0200r TB(r)=\frac{0{,}0200}{r}\,\mathrm{T}(r,B)(r,B)=(0,10,0,20),(0,20,0,10),(0,30,0,0667),(0,40,0,0500),(0,50,0,0400){}= (0{,}10,0{,}20),(0{,}20,0{,}10),(0{,}30,0{,}0667),(0{,}40,0{,}0500),(0{,}50,0{,}0400)
  2. La velocidad y el campo son perpendiculares. El signo negativo invierte el producto vectorial respecto a una carga positiva.

    FF=∣e∣vB{}= |e|vB=1,602⋅10−19⋅103⋅0,20{}= 1{,}602\cdot10^{-19}\cdot10^3\cdot0{,}20

ResultadoF=3,2⋅10−17 NF=3{,}2\cdot10^{-17}\,\mathrm{N}. B0.1=0,20 TB_{0.1}=0{,}20\,\mathrm{T}; B0.2=0,10 TB_{0.2}=0{,}10\,\mathrm{T}; B0.3=0,0667 TB_{0.3}=0{,}0667\,\mathrm{T}; B0.4=0,0500 TB_{0.4}=0{,}0500\,\mathrm{T}; B0.5=0,0400 TB_{0.5}=0{,}0400\,\mathrm{T}.

La pauta oficial da: B=0,02/r T (r en m); 3,2·10⁻¹⁷ N hacia el pararrayos

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2024, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

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2024Convocatoria ordinaria · Serie 1 · Ejercicio 5

2,5 puntosCoincide con la pautaTemas: Ondas y sonido
Enunciado oficial

Ainhoa está intrigada por saber a qué altura explotan los cohetes lanzados en la verbena de San Juan. Para poder determinarlo se sitúa a una distancia de 5050 metros del punto donde se lanzan los cohetes y registra, con un sonómetro, un nivel de intensidad sonora de 100100 decibelios en la explosión de un cohete que no ha despegado.

a) ¿Qué potencia sonora emite el cohete en el momento de la explosión? Si la explosión ha durado 0,03 s0{,}03\,\mathrm{s}, ¿qué energía sonora se ha liberado? [1,251{,}25 puntos]

b) Desde la misma distancia al punto de lanzamiento, registra 9090 decibelios de intensidad sonora en el caso de un cohete igual al anterior que ha despegado verticalmente y ha explotado a cierta altura. Calcule a qué altura ha explotado el cohete. Si dos cohetes idénticos al anterior explotan simultáneamente a la misma altura que antes, ¿qué nivel de intensidad sonora percibirá Ainhoa, si está situada en la misma posición de antes? [1,251{,}25 puntos] Nota: Considere que las ondas sonoras se propagan en las tres dimensiones del espacio y su energía se distribuye en superficies esféricas. Datos: I0=10−12 W m−2I_0=10^{-12}\,\mathrm{W\,m^{-2}}. La velocidad del sonido en el aire es de 340 m/s340\,\mathrm{m/s}. Superficie esférica: 4πr24\pi r^2.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento Convertimos el nivel en intensidad y usamos la propagación esférica. La energía es la potencia multiplicada por la duración.

  1. La intensidad a cincuenta metros fija la potencia emitida.

    II=10−1210100/10{}= 10^{-12}10^{100/10}=10−2 W/m2{}= 10^{-2}\,\mathrm{W/m^2}P=4π502⋅10−2P=4\pi 50^2\cdot10^{-2}
  2. Multiplicamos la potencia por tres centésimas de segundo.

    E=P⋅0,03E=P\cdot0{,}03

ResultadoP=314,16 WP=314{,}16\,\mathrm{W}; E=9,42 JE=9{,}42\,\mathrm{J}.

La pauta oficial da: 314,16 W; 9,42 J

b)1,25 puntos

Planteamiento El segundo cohete tiene la misma potencia, pero está más lejos. Las intensidades de los dos estallidos independientes se suman.

  1. Una bajada de diez decibelios divide la intensidad por diez y multiplica el cuadrado de la distancia por diez.

    r2=10⋅502r^2=10\cdot50^2h=r2−502=9⋅502h=\sqrt{r^2-50^2}=\sqrt{9\cdot50^2}
  2. Dos fuentes iguales duplican la intensidad e incrementan el nivel en unos tres decibelios.

    β2=90+10log⁡102\beta_2=90+10\log_{10}2

Resultadoh=150 mh=150\,\mathrm{m}; β2=93 dB\beta_2=93\,\mathrm{dB}.

La pauta oficial da: 150 m; 93 dB

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2024, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

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2024Convocatoria ordinaria · Serie 1 · Ejercicio 6

2,5 puntosCoincide con la pautaTemas: Física moderna, Campo eléctrico
Enunciado oficial

El polonio (Z=84Z=84) fue descubierto en 18981898 por Marie Sklodowska-Curie y Pierre Curie. El isótopo de polonio con un tiempo de semidesintegración más largo es el Po-210210, que lo tiene de 138138 días. Se desintegra por emisión de una partícula alfa y origina un isótopo estable de plomo (Pb).

a) Escriba la desintegración del Po-210210. Si la actividad inicial por unidad de masa del Po-210210 es de 1,66⋅1014 Bq/g1{,}66\cdot10^{14}\,\mathrm{Bq/g}, ¿cuál será la actividad de 5 mg5\,\mathrm{mg} de este elemento al cabo de una semana? [1,251{,}25 puntos]

b) Los núcleos de helio que se producen en las desintegraciones alfa no tardan en captar dos electrones. Supongamos que se forma un átomo de helio en dos pasos bien diferenciados. Primeramente, se transporta desde una gran distancia un primer electrón a 0,6⋅10−10 m0{,}6\cdot10^{-10}\,\mathrm{m} de la partícula alfa y se mantiene allí. Posteriormente, un segundo electrón se lleva al otro lado de la partícula alfa a 0,6⋅10−10 m0{,}6\cdot10^{-10}\,\mathrm{m}. La configuración final se muestra en la figura. Calcule el trabajo realizado por el campo eléctrico en cada uno de los dos pasos. ¿Cuál es la energía potencial electroestática de la configuración final? [1,251{,}25 puntos] Datos: ∣e∣=1,602⋅10−19 C|e|=1{,}602\cdot10^{-19}\,\mathrm{C}. kk=14πε0{}= \frac{1}{4\pi\varepsilon_0}=8,99⋅109 N m2 C−2{}= 8{,}99\cdot10^9\,\mathrm{N\,m^2\,C^{-2}}.

Configuración colineal electrón–partícula alfa–electrón. El alfa está en el centro; cada electrón está a 0,6 × 10⁻¹⁰ m del alfa, en lados opuestos. La distancia entre electrones es el doble. La figura etiqueta Electró en ambos extremos y Partícula alfa en el centro.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento Una emisión alfa reduce A en cuatro y Z en dos. La actividad disminuye siguiendo la misma ley exponencial que el número de núcleos.

  1. Equilibramos los números másicos y atómicos.

    84210Po{}^{210}_{84}\mathrm{Po}⟶82206Pb+24He{}\longrightarrow {}^{206}_{82}\mathrm{Pb}+{}^4_2\mathrm{He}
  2. La masa es cinco miligramos, es decir, cinco milésimas de gramo.

    A7A_7=(1,66⋅1014⋅5⋅10−3) 2−7/138{}= (1{,}66\cdot10^{14}\cdot5\cdot10^{-3})\,2^{-7/138}

ResultadoA7=8,01⋅1011 BqA_7=8{,}01\cdot10^{11}\,\mathrm{Bq}.

La pauta oficial da: ²¹⁰Po → ²⁰⁶Pb + ⁴He; 8,01·10¹¹ Bq

b)1,25 puntos

Planteamiento El trabajo del campo es menos el incremento de energía potencial. Al traer el segundo electrón hay que incluir también la repulsión del primero.

  1. Para el primer electrón solo está el potencial de la partícula alfa.

    W1=−(−e)k(2e)r=2ke2rW_1=-(-e)\frac{k(2e)}{r}=\frac{2ke^2}{r}r=0,6⋅10−10 mr=0{,}6\cdot10^{-10}\,\mathrm{m}
  2. El segundo electrón está a r del alfa y a 2r del primer electrón.

    W2=e(2ker−ke2r)=3ke22rW_2=e\left(\frac{2ke}{r}-\frac{ke}{2r}\right)=\frac{3ke^2}{2r}
  3. La potencial inicial era nula, de modo que la final es el opuesto del trabajo total.

    Uf=−(W1+W2)=−7ke22rU_f=-(W_1+W_2)=-\frac{7ke^2}{2r}

ResultadoW1=7,69⋅10−18 JW_1=7{,}69\cdot10^{-18}\,\mathrm{J}; W2=5,77⋅10−18 JW_2=5{,}77\cdot10^{-18}\,\mathrm{J}; Uf=−1,346⋅10−17 JU_f=-1{,}346\cdot10^{-17}\,\mathrm{J}.

La pauta oficial da: 7,69·10⁻¹⁸ J; 5,77·10⁻¹⁸ J; −1,346·10⁻¹⁷ J

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2024, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

Examen en catalán (PDF)Examen en castellano (PDF)Pauta de corrección (PDF)Reutilizado según el aviso legal de la Generalitat

2024Convocatoria ordinaria · Serie 1 · Ejercicio 7

2,5 puntosLa pauta redondea distintoTemas: Física moderna
Enunciado oficial

Observamos que en una muestra metálica aparece el efecto fotoeléctrico cuando la iluminamos con luz monocromática de longitudes de onda menores o iguales a 650 nm650\,\mathrm{nm}.

a) Calcule el trabajo de extracción del metal. Determine el potencial de frenada si iluminamos el metal con luz de 300 nm300\,\mathrm{nm}. [1,251{,}25 puntos]

b) Encuentre la expresión de la velocidad de los electrones en función de la longitud de onda incidente para este metal. Calcule la velocidad de los electrones para una longitud de onda incidente de 500 nm500\,\mathrm{nm} y la longitud de onda de De Broglie asociada a estos electrones. [1,251{,}25 puntos] Datos: c=3,00⋅108 m s−1c=3{,}00\cdot10^{8}\,\mathrm{m\,s^{-1}}. ∣e∣=1,602⋅10−19 C|e|=1{,}602\cdot10^{-19}\,\mathrm{C}. me=9,11⋅10−31 kgm_e=9{,}11\cdot10^{-31}\,\mathrm{kg}. h=6,626⋅10−34 J sh=6{,}626\cdot10^{-34}\,\mathrm{J\,s}.

Hazlo en papel y compara paso a paso.

a)1,25 puntos

Planteamiento La longitud de onda umbral determina el trabajo de extracción. El potencial de frenado compensa la energía cinética máxima del fotoelectrón.

  1. Obtenemos el trabajo de extracción sin redondear la frecuencia umbral.

    W0W_0=hcλ0{}= \frac{hc}{\lambda_0}=6,626⋅10−34⋅3,00⋅108650⋅10−9{}= \frac{6{,}626\cdot10^{-34}\cdot3{,}00\cdot10^8}{650\cdot10^{-9}}
  2. La diferencia entre energía del fotón y trabajo de extracción es e veces el potencial de frenado.

    VfV_f=hc∣e∣(1300⋅10−9−1650⋅10−9){}= \frac{hc}{|e|}\left(\frac{1}{300\cdot10^{-9}}-\frac{1}{650\cdot10^{-9}}\right)

ResultadoW0=3,06⋅10−19 JW_0=3{,}06\cdot10^{-19}\,\mathrm{J}; Vf=2,23 VV_f=2{,}23\,\mathrm{V}.

La pauta oficial da: 3,06·10⁻¹⁹ J =1,91 eV; 2,23 V

b)1,25 puntos

Planteamiento Combinamos Einstein fotoeléctrico con la energía cinética no relativista. La longitud de onda asociada es la de De Broglie.

  1. La fórmula solo tiene solución física para longitudes de onda iguales o menores que la umbral.

    v(λ)=2hcme(1λ−1λ0)v(\lambda)=\sqrt{\frac{2hc}{m_e}\left(\frac1\lambda-\frac1{\lambda_0}\right)}λ≤650 nm\lambda\le650\,\mathrm{nm}
  2. Sustituimos quinientos nanómetros y no redondeamos la velocidad antes de calcular la longitud de onda.

    vv=2⋅6,626⋅10−34⋅3,00⋅1089,11⋅10−31(1500⋅10−9−1650⋅10−9){}= \sqrt{\frac{2\cdot6{,}626\cdot10^{-34}\cdot3{,}00\cdot10^8}{9{,}11\cdot10^{-31}}\left(\frac1{500\cdot10^{-9}}-\frac1{650\cdot10^{-9}}\right)}λdB=hmev\lambda_{\rm dB}=\frac{h}{m_ev}

Resultadov=4,49⋅105 m/sv=4{,}49\cdot10^5\,\mathrm{m/s}; λdB=1,62⋅10−9 m\lambda_{\rm dB}=1{,}62\cdot10^{-9}\,\mathrm{m}.

La pauta oficial da: v=4,47·10⁵ m/s; λ=1,63·10⁻⁹ m =1,67 nm (así figura en la pauta)

Enunciado: Generalitat de Catalunya, Consell Interuniversitari de Catalunya, Oficina d’Accés a la Universitat. PAU de Física 2024, convocatoria ordinaria. La imagen es el examen oficial tal cual; el texto lo reproduce con las fórmulas reescritas. Consultado el 19 de octubre de 2026; el documento no declara fecha de última actualización.

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Cada tema de este examen tiene su página con todos los ejercicios de la PAU de Física de 2021 a 2026.

Campo eléctricoFísica modernaCampo gravitatorioCampo magnéticoMovimiento armónico simpleOndas y sonidoTodos los temas de Física

Preguntas frecuentes

¿Cómo era el examen de junio (serie 1) de Física de 2024?

Por temas, los puntos de los ejercicios propuestos eran: campo eléctrico (3,75 puntos), física moderna (3,75 puntos), campo gravitatorio (2,5 puntos), campo magnético (2,5 puntos), movimiento armónico simple (2,5 puntos) y ondas y sonido (2,5 puntos).

¿Las soluciones son las oficiales?

No: las escribe EducaIA, paso a paso, y cada apartado está contrastado con la pauta oficial de corrección. En 2 de los 7 ejercicios nuestra respuesta no coincide del todo con la pauta (por redondeo): lo explicamos al lado de la solución.

¿Dónde están el examen oficial y la pauta?

En los enlaces de arriba del todo: el PDF del examen en catalán y en castellano y el de la pauta de corrección, en la web de la Generalitat. El botón de imprimir prepara el examen con espacio para responder y las soluciones aparte.

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